《（全国通用）2018届高考生物总复习 热点专题突破系列(三) 自由组合定律的特殊比例课件 新人教版》由会员分享，可在线阅读，更多相关《（全国通用）2018届高考生物总复习 热点专题突破系列(三) 自由组合定律的特殊比例课件 新人教版（42页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、热点专题突破系列(三) 自由组合定律的特殊比例,【三年考情分析】 近三年，自由组合定律F2的性状分离比9331(9A_B_3A_bb 3aaB_1aabb)的变式，一直是高考命题的重点，多以非选择题的形式出现。主要从以下三方面考查： (1)子代有两种表现型：三年3考，如2014海南T29、2014山东T28、2013福建T28。 (2)子代有三种表现型：三年1考，如2014四川T11。 (3)基因致死改变表现型的比例：三年2考，如2014江苏T23、2013广东T3。,【热点分类突破】 类型一 子代有两种表现型 1.子代表现型分离比为151： (1)原因：有显性基因表现为同一种性状，双隐性表现
2、为另一种性状。 (2)基因型分析： (3)测交后代表现型之比为31。,2.子代表现型分离比为97： (1)原因：两种显性基因同时出现时为一种表现型，其余的基因型 为另一种表现型。 (2)基因型分析： (3)测交后代表现型之比为13。,3.子代表现型分离比为133： (1)原因：双显性、双隐性和一种单显性表现为一种性状，另一种单显性表现为另一种性状。 (2)基因型分析：可能有两种情况。 (3)测交后代表现型之比为31。,4.子代表现型分离比为124： (1)原因：双显性和一种单显性表现为同一种性状，另一种单显性和双隐性表现为另一种性状。 (2)基因型分析：可能有两种情况。 (3)测交后代表现型之
3、比为11。,【考题回访】 1.(2015武汉模拟)某鲤鱼种群体色遗传有如下特征，用黑色鲤鱼(简称黑鲤)和红色鲤鱼(简称红鲤)杂交，F1皆表现为黑鲤，F1交配结果如下表：,据此分析，若用F1(黑鲤)与红鲤测交，子代中不同性状的数量比是 ( ) A.1111 B.31 C.11 D.以上答案都不对 【解析】选B。从题意和表格数据看出，1号池和2号池中F2性状分离比均约为151，说明这是由两对等位基因控制的遗传，且只要显性基因存在就表现为黑鲤，则用F1(黑鲤)与红鲤测交，子代中不同性状的数量比是(AaBb、Aabb、aaBb)aabb=31。,【方法技巧】利用“合并同类项”巧解特殊分离比 (1)看后
4、代可能的配子组合：若组合方式是16种，不管以什么样的比例呈现，都符合基因自由组合定律。 (2)写出正常的分离比：9331。 (3)对照题中所给信息进行归类：若后代分离比为97，则为9(331)，即7是后三种合并的结果；若后代分离比为961，则为9(33)1；若后代分离比为151，则为(933)1等。,2.(2015烟台模拟)某种野生植物有紫花和白花两种表现型，已知紫花形成的生物化学途径如下图： A和a、B和b是分别位于两对同源染色体上的等位基因，A对a、B对b为显性。基因型不同的两白花植株杂交，F1中紫花白花=11。若将F1紫花植株自交，所得F2植株中紫花白花=97。请回答：,(1)从紫花形成
5、的途径可知，紫花性状是由 对基因控制的。 (2)根据F1紫花植株自交的结果，可以推测F1紫花植株的基因型是 ，其自交所得F2中，白花植株纯合子的基因型是 。 (3)推测两亲本白花植株的杂交组合(基因型)是 或 ；用遗传图解表示两亲本白花植株杂交的过程(只要求写一组)。 (4)紫花形成的生物化学途径中，若中间产物是红色(形成红花)，那么基因型为AaBb的植株自交，子一代植株的表现型及比例为 。,【解题指南】解答本题时，需要明确以下两个关键点： (1)认真识图，明确紫花性状受A和a、B和b两对等位基因控制。 (2)充分理解F2中紫花白花=97是9331的特例。,【解析】(1)由图示可知，紫花性状受
6、A和a、B和b两对等位基因控制。 (2)由F1紫花植株自交，F2中紫花白花=97，且由(1)及题干图示知，紫花基因型为A_B_，故F1紫花基因型为AaBb，F2中白花纯合子有aaBB、AAbb、aabb 3种基因型。,(3)已知亲本为两基因型不同的白花，可设基因型为aa_bb，又知F1紫花为AaBb，且F1紫花白花=11，即紫花AaBb概率为1/2，故亲本基因型可为：aaBBAabb或aaBbAAbb。绘制遗传图解应注意标明亲本(P)、F1、F2及各代基因型和表现型比例。 (4)若中间类型为红花，即A_bb基因型个体开红花，F1AaBb自交后代即为A_B_A_bbaa_=紫红白=934。 答案
7、：(1)两 (2)AaBb aaBB、AAbb、aabb (3)AabbaaBB AAbbaaBb,遗传图解(只要求写一组),(4)紫花红花白花=934,【加固训练】 1.已知某植物品系种子的颜色由A、a和B、b两对等位基因控制，两对基因独立遗传。现有一绿色种子的植株X，与一纯合的黄色种子的植株杂交，F1都为黄色，再让F1自花受粉产生F2，F2性状分离比为27黄21绿，则植株X的基因型为( ) A.AAbb B.aaBB C.aabb D.aaBb,【解析】选C。F2性状分离比为27黄21绿，即97，这一比例是9331的变式，97即9(3+3+1)，由此可知，具有A_B_基因型的个体表现为黄色
8、(纯种黄色为AABB)，具有A_bb、aaB_、aabb基因型的个体均表现为绿色，F1的基因型为AaBb，故植株X的基因型为aabb。,2.二倍体结球甘蓝的紫色叶对绿色叶为显性，控制该相对性状的两对等位基因(A、a和B、b)分别位于3号和8号染色体上。下表是纯合甘蓝杂交实验的统计数据：,请回答： (1)结球甘蓝叶色性状的遗传遵循 定律。 (2)表中组合的两个亲本基因型为 ， 理论上组合的F2紫色叶植株中，纯合子所占的比例为 。 (3)表中组合的亲本中，紫色叶植株的基因型为 。若组合的F1与绿色叶甘蓝杂交，理论上后代的表现型及比例为 。,【解题指南】 (1)题目关键信息：控制该相对性状的两对等位
9、基因分别位于3号和8号染色体上，表中组合F2紫色叶和绿色叶数量依次为451、30。 (2)隐含知识：自由组合定律中特殊比例的应用，即组合F2中紫色叶绿色叶151。,【解析】(2)由表中组合知F1自交所得F2中紫色叶与绿色叶比值约为151，则F1的基因型为AaBb，绿色叶为隐性，所以基因型为aabb，纯合紫色叶亲本基因型为AABB；F2紫色叶基因型包括A_B_、A_bb、aaB_，紫色叶为15份，其中1AABB、1AAbb、1aaBB为纯合子，所以纯合子所占比例为3/15=1/5。(3)表中组合中F1自交所得F2中紫色叶与绿色叶比值约为31，说明控制叶色的两对基因一对杂合而另一对纯合，若F1中a
10、a纯合，则其基因型为aaBb，相应紫色叶亲本基因型为aaBB；若是bb纯合，则F1为Aabb，相应紫色叶亲本基因型为AAbb。所以，紫色叶亲本基因型为AAbb或aaBB，F1基因型为Aabb或aaBb，与aabb杂交，即测交，所以后代紫色叶与绿色叶比值为11。,答案：(1)自由组合 (2)AABB、aabb 1/5 (3)AAbb或aaBB 紫色叶绿色叶=11,类型二 子代有三种表现型 1.分离比为934： (1)原因：存在aa(或bb)时表现为一种性状，其余正常表现。 (2)基因型分析：可能有两种情况。 (3)测交后代表现型之比为112。,2.分离比为961： (1)原因：双显性表现为一种性
11、状，单显性表现为另一种性状，双隐性表现为第三种性状。 (2)基因型分析： (3)测交后代表现型之比为121。,3.分离比为1231： (1)原因：双显性和一种单显性表现为同一种性状，其余正常表现。 (2)基因型分析：可能有两种情况。 (3)测交后代表现型之比为211。,【考题回访】 1.(2012上海高考)某植物的花色受不连锁的两对基因A/a、B/b控制，这两对基因与花色的关系如图所示，此外，a基因对于B基因的表达有抑制作用。现将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到Fl，则F1的自交后代中花色的表现型及比例是( ) A.白粉红，3103 B.白粉红，3121 C.白粉红，43
12、9 D.白粉红，691,【解题指南】 (1)题干关键信息：“不连锁的两对基因”“a基因对于B基因的表达有抑制作用”。 (2)关键知识：基因A和B在杂交中的自由组合对性状的影响。 【解析】选C。根据题意可知，AABB与aabb杂交得到F1(AaBb)，F1自交得到F2：(aabb+aaB)(白色)A_bb(粉色)A_B_(红色)= 439。,2.(2014四川高考改编)小鼠的皮毛颜色由常染色体上的两对基因控制，其中A/a控制灰色物质合成，B/b控制黑色物质合成。两对基因控制有色物质合成的关系如下图：,选取三只不同颜色的纯合小鼠(甲-灰鼠，乙-白鼠，丙-黑鼠)进行杂交，结果如下：,(1)两对基因(
13、A/a和B/b)位于 对染色体上，小鼠乙的基因型为 。 (2)实验一的F2代中，白鼠共有 种基因型，灰鼠中杂合体(子)占的比例为 。 (3)图中有色物质1代表 色物质，实验二的F2代中黑鼠的基因型为 。 【解题指南】隐含信息：实验一F1自交所得F2的比例934是9331的变式，推出鼠色由两对自由组合的等位基因控制。,【解析】根据实验一F2出现934可知，鼠色遗传遵循自由组合定律，属于两对同源染色体上两对等位基因控制的遗传，推出亲本基因型：甲AABB、乙aabb；再据实验二F2出现3黑色1白色，可知黑色是显性(B)且F1黑鼠为aaBb，推出丙的基因型是aaBB。因此实验一中F2各表现型的基因型为
14、：9灰鼠为A_ B_、3黑鼠为aaB_、4白鼠为3A_bb和1aabb。据图中有色物质2是灰色、1是黑色，基因是B、基因是A，可算出实验一中F2白鼠应有A_bb和aabb共3种基因型，实验二中F2黑鼠的基因型是aaB_。 答案：(1)2 aabb (2)3 8/9 (3)黑 aaBB、aaBb,【加固训练】在两对等位基因自由组合的情况下，F1自交后代的性状分离比是1231，则F1测交后代的性状分离比是( ) A.13 B.31 C.211 D.11 【解析】选C。两对等位基因的自由组合中，正常情况下F1自交后代F2的性状分离比为9331，若F2的性状分离比为1231，说明正常情况下F2的四种表
15、现型(A_B_A_bbaaB_aabb=9331)中的两种表现型(A_B_和A_bb或A_B_和aaB_)在某种情况下表现为同一种性状，故F1测交后代的性状分离比为211。,类型三 其他特殊情况 1.基因致死： (1)概念：在某些生物体内存在致死基因，常常会导致生物在不同发育阶段死亡，致死基因与其等位基因仍遵循自由组合定律。 (2)类型：不同之处在于致死基因导致配子或个体的死亡而引起比率9331发生偏差。常见的变式比有4221，6321等。,2.基因累加效应： (1)概念：对于同一性状的表现型来讲，几个非等位基因中的每一个都只有部分的影响。 (2)常见类型：当两对非等位基因决定同一性状时，由于基因的相互作用，后代会表现某一性状的叠加，从而偏离9331，常见的变式比有14641等。,【考题回访】 1.(2015苏州模拟)某种鱼的鳞片有4种表现型：单列鳞、野生型鳞、无鳞和散鳞，由位于两对同源染色体上的两对等位基因(用A、a，B、b表示)决定，且BB对生物个体有致死作用，将无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼杂交，F1有两种表现型，野生型鳞鱼占50%，单列鳞鱼占50%；选取F1中的单列鳞鱼进行相互交配，其后代中有上述4种表现型，这4种表现型的比例为6321，则F1的亲本基因型组合是 ( ) A.AabbAAbb B.aaBbaabb C.aaBb
