《福建省漳州市长泰一中2014-2015学年高三物理上学期期末试卷（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《福建省漳州市长泰一中2014-2015学年高三物理上学期期末试卷（含解析）（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2014-2015学年福建省漳州市长泰一中高三（上） 期末物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中只有一个选项正确选对的得4分，有选错的和不答的得0分）1（4分）（2014秋福州期末）如图A、B两物体叠放在一起，用手托住，让它们静靠在平整的竖直墙边，然后释放，它们同时沿墙面向下滑，已知mAmB，则物体B 受力个数是（）A1B2C3D4考点：力的合成与分解的运用分析：先对整体结合运动情况受力分析，得到只受重力，加速度为g，即做自由落体运动，然后对B结合运动情况受力分析，得到受力情况解答：解：A、B整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，如果有，
2、将会向右加速运动，因为没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动；由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A、B间无弹力，再对物体B受力分析，只受重力；故选：A点评：本题关键先对整体受力分析，得到整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A与B间无弹力，最后再对B受力分析，得到其只受重力2（4分）（2014福州校级三模）游乐场内两支玩具枪在同一位置先后沿水平方向各射出一颗子弹，打在远处的同一个靶上，A为甲枪子弹留下的弹孔，B为乙枪子弹留下的弹孔，两弹孔在竖直方向上相距高度为h，如图所示，不计空气阻力关于两枪射出的子弹初速度大小，下列判断正确的是（）A甲枪射出的子弹初速度较大B
3、乙枪射出的子弹初速度较大C甲、乙两枪射出的子弹初速度一样大D无法比较甲、乙两枪射出的子弹初速度的大小考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：子弹的运动为平抛运动，平抛运动的高度决定运动的时间，结合水平位移和时间比较子弹的初速度大小解答：解：平抛运动的高度决定时间，由h=知，乙的运动的时间大于A甲的运动时间，水平位移相等，根据知，甲枪射出的子弹初速度较大故A正确，B、C、D错误故选A点评：本题主要考查了平抛运动基本规律的直接应用，知道平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，难度适中3（4分）（2014秋福州期末）一质点沿坐标轴Ox做变速直线运动，它在坐标轴上的坐标x随时间t的变化关
4、系为x=5+2t3，速度v随时间t的变化关系为v=6t2，其中v、x和t的单位分别是m/s、m和s设该质点在t=0到t=1s内运动位移为s和平均速度为，则（）As=6m，=6m/sBs=2m，=2m/sCs=7m，=7m/sDs=3m，=3m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：根据位移等于位置坐标的变化量求位移，根据平均速度公式求平均速解答：解：由题意知，当t=0时物体的位置坐标x0=5m，当t=1时位置坐标为x1=7m由位移等于位置坐标的变化量知，物体的位移s=x1x0=2m根据平均速度公式知，物体在1s内的平均速度故B正确
5、，ACD错误故选：B点评：掌握位移是物体运动时位置坐标的变化量，会根据位置坐标公式求物体运动的位移，能根据位移和时间求物体运动的平均速度，属于基础题4（4分）（2014秋漳州校级期末）如图所示，甲、乙两图分别有等量同种的电荷A1、B1和等量异种的电荷A2、B2在甲图电荷A1、B1的电场中，a1、O1、b1在点电荷A1、B1的连线上，c1、O1、d1在A1、B1连线的中垂线上，且O1a1=O1b1=O1c1=O1d1；在乙图电荷A2、B2的电场中同样也存在这些点，它们分别用a2、O2、b2和c2、O2、d2表示，且O2a2=O2b2=O2c2=O2d2则（）Aa1、b1两点的场强相同，电势相同B
6、c1、d1两点的场强相同，电势相同Ca2、b2两点的场强相同，电势相同Dc2、d2两点的场强相同，电势相同考点：电场线；匀强电场中电势差和电场强度的关系分析：根据电场线的分布疏密判断场强的大小，电场线的切线方向即为电场强度方向，根据F=Eq判断电场力的大小，正电荷的受力方向与电场强度方向相同，负电荷受力方向与电场强度方向相反解答：解：A、在正等量同种电荷的电场中，电场左右对称，所以a1、b1两点的场强大小相同，方向相反，电势相同故A错误；B、在正等量同种电荷的电场中，电场上下对称，所以c1、d1两点的场强大小相同，方向相反，电势相同故B错误；C、在等量异种种电荷的电场中，电场左右对称，所以a2
7、、b2两点的场强相同，电势沿电场线的方向降低，所以点的电势高故C错误；D、在等量异种电荷的电场中，电场上下对称，所以c2、d2两点的场强相同，电势相同故D正确故选：D点评：该题考查常见的电场，根据电场线的分布疏密判断场强的大小，电场线的切线方向即为电场强度方向，根据F=Eq判断电场力的大小，正电荷的受力方向与电场强度方向相同，负电荷受力方向与电场强度方向相反5（4分）（2014秋福州期末）如图所示，一理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=11：5原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u=220sin（100t）V副线圈接入电阻的阻值R=100，图中电压表和电流表均为理想电表则（）A通过电阻的电流是
8、22AB交流电的频率是100HzC电压表的示数是100VD变压器的输入功率是484W考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：根据输入电压的表达式可以求得输入电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论解答：解：A、由输入电压公式可知，原线圈中电压的最大值为220V，所以电压的有效值为220V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压有效值为100V，副线圈的电阻为100，所以电流的为1A，所以A错误；B、由输入电压公式可知，角速度为100，所以交流电的频率为50Hz，故B错误；C、由于电压表测量的是电压的有效值，所以电压表的读数为100V，所以C正确；D、原副线圈的功率是
9、相同的，由电阻消耗的功率为P=，所以变压器的输入功率是1102W，所以D错误故选：C点评：根据公式可以求得输入电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论6（4分）（2014秋厦门期末）如图所示两细束单色光平行射到同一三棱镜上，经折射后交于光屏上的同一个点M则下列说法中正确的是（）A如果a为蓝色光则b可能为红色光B在该三棱镜中a色光的传播速率比b光的传播速率大C棱镜射向空气中a色光的临界角比b色光的临界角大Da光的折射率小于b光折射率考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：玻璃三棱镜对蓝光的折射率大于对红光的折射率，经过三棱镜后，偏折角越大，折射率越大，光在介质中传播速度越
10、小由临界角公式sinC=分析临界角的大小解答：解：AD、由图看出，a光通过三棱镜后偏折角较大，根据折射定律得知三棱镜对a光的折射率大于b光折射率，若a为蓝光，b可能为红光故A正确，D错误B、由v=，知a光的折射率大于b光折射率，则在该三棱镜中a色光的传播速率比b光的传播速率小，故B错误C、由临界角公式sinC=分析知从棱镜射向空气中a色光的临界角比b色光的临界角小，故C错误故选：A点评：本题是光的色散问题，在七种色光中紫光的折射率最大，同样条件下，其偏折角最大可结合光的色散实验结果进行记忆7（4分）（2014秋福州期末）如图所示，在固定好的水平和竖直的框架上，A、B两点连接着一根绕过光滑的轻小
11、滑轮的不可伸长的细绳，重物悬挂于滑轮下，处于静止状态若按照以下的方式缓慢移动细绳的端点，则下列判断正确的是（）A只将绳的左端移向A点，拉力变小B只将绳的左端移向A点，拉力不变C只将绳的右端移向B点，拉力变小D只将绳的右端移向B点，拉力不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：设滑轮两侧绳子与竖直方向的夹角为，绳子的长度为L，B点到墙壁的距离为S，根据几何知识和对称性，可得到sin=，当只将绳的左端移向A点或将绳的右端移向B点，分析如何变化，以滑轮为研究对象，根据平衡条件分析拉力如何变化解答：解：设滑轮两侧绳子与竖直方向的夹角为，绳子的长度为L，
12、B点到墙壁的距离为S，根据几何知识和对称性，得：sin=以滑轮为研究对象，设绳子拉力大小为F，根据平衡条件得：2Fcos=mg，得F=A、B、当只将绳的左端移向A点，S和L均不变，则由式得知，F不变故A错误，B正确C、D、当只将绳的右端移向B点，S增加，而L不变，则由式得知，增大，cos减小，则由式得知，F增大故C错误，D错误故选：B点评：本题是动态平衡问题，关键是根据几何知识分析与绳子的长度和B点到墙壁距离的关系，也可以运用图解法，作图分析拉力的变化情况8（4分）（2014秋厦门期末）一列简谐横波沿X轴正向传播，t=0时的图象如图所示，此时刻后后介质中P质点回到平 衡位置的最短时间为0.2s
13、，Q质点回到平衡位置的最短时间为1s，已知t=0时两质 点相对平衡位置的位移相同，则（）A该简谐波的传播周期为1.2sB该简谐波的传播速度为0.05m/sCt=0时，质点的加速度沿y轴正方向D经过1s质点Q向右移动了0.05 m考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象分析：根据题给条件P、Q回到平衡位置的最短时间求出周期，读出波长，由波速公式求出波速分析波动形成的过程，可确定质点P在t=0.8s时加速度方向解答：解：A、由题意简谐横波沿x轴正向传播，分析得知，此时P点向下运动，Q点向上，它们周期相同，则T=2（0.2s+1s）=2.4s故A错误B、=12cm v=0.05m/s故B正确C：t=
14、0时，质点在平衡位置位移为零，故加速度为零，故C错误D、简谐横波沿x轴正向传播，质点Q振动方向与x轴垂直，在x轴方向没有位移故D错误故选：B点评：波的特性之一：波向前传播时，介质中各质点只在平衡位置附近振动，并不随波向前迁移，简述叫质点“不随波逐流”9（4分）（2014秋福州期末）如图所示，倾角的斜面体，质量为M，静止放在粗糙的水平地面上质量为m的木块沿斜面由静止开始加速滑下已知斜面体的斜面是光滑的，底面是粗糙的；且在木块加速下滑过程中斜面体始终保持静止，则（）A木块对斜面的压力为mgsinB木块沿斜面下滑的加速度为gcosC斜面体对地面的压力大于（m+M）gD斜面体对地面的静摩擦力方向水平向右考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用专题：牛顿运动定律综合专题分析：先对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律可求得压力及加速度；再对整体研究：受到重力，地面的支持力和静摩擦力，作出力图将加速度a分解为水平方向和竖直方向，根据牛顿第二定律对竖直方向进行研究求解解答：解：A、对木块受力分析可知，木块对斜面的压力为mgcos；故A错误；B、木块下滑的加
