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1、2009年普通高等学校招生全国统一考试（上海卷）物理考生注意：1答卷前，考生务必将姓名、准考证号、校验码等填写清楚.2本试卷共 10 页，满分 150 分. 考试时间 120 分钟. 考生应用蓝色或黑色的钢笔或圆珠笔将答案直接写在试卷上.3第 20、21、22、23、24 题要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤. 只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分. 有关物理量的数值计算问题，答案中必须明确写出数值和单位.一 （40 分）选择题. 本大题分单项选择题和多项选择题，共 9 小题，单项选择题有 5 小题，每小题给出的四个答案中只有一个是正确的，选对得 4 分；多项选择题有
2、4 小题，每小题给出的四个答案中，有二个或二个以上是正确的.选对的得 5 分；选对但不全，得部分分；有选错或不答的，得 0 分.把正确答案全选出来，并将正确答案前面的字母填写在题后的方括号内.填写在方括号外的字母，不作为选出的答案.I单项选择题1放射性元素衰变时放出三种射线，按穿透能力由强到弱的排列顺序是（ ）（A）射线，射线，射线 （B）射线，射线， 射线，（C）射线，射线，射线 （D ） 射线， 射线， 射线【答案】B【解析】由于三种射线的能量不同，所以贯穿能力最强的是射线，射线次之， 射线最弱，故正确答案选 B。2气体内能是所有气体分子热运动动能和势能的总和，其大小与气体的状态有关，分子
3、热运动的平均动能与分子间势能分别取决于气体的（ ）（A）温度和体积 （B）体积和压强（C）温度和压强 （D ）压强和温度【答案】A【解析】由于温度是分子平均动能的标志，所以气体分子的动能宏观上取决于温度；分子势能是由于分子间引力和分子间距离共同决定，宏观上取决于气体的体积。因此答案 A正确。3两带电量分别为 q 和q 的点电荷放在 x 轴上，相距为 L，能正确反映两电荷连线上场强大小 E 与 x 关系的是图（ ）E E E E q q q q q q q q O L x O L x O L x O L x （ A） （ B） （ C） （ D） 【答案】A【解析】由等量异种点电荷的电场强度的关
4、系可知，在两电荷连线中点处电场强度最小，但不是零，从两点电荷向中点电场强度逐渐减小，因此 A 正确。4做简谐振动的单摆摆长不变，若摆球质量增加为原来的 4 倍，摆球经过平衡位置时速度减小为原来的 1/2，则单摆振动的（ ）（A）频率、振幅都不变 （B）频率、振幅都改变（C）频率不变、振幅改变 （D）频率改变、振幅不变【答案】C。【解析】由单摆的周期公式 2lTg，可知，单摆摆长不变，则周期不变，频率不变；振幅 A 是反映单摆运动过程中的能量大小的物理量，由 21KEmv可知，摆球经过平衡位置时的动能不变，因此振幅改变，所以 C 正确。5小球由地面竖直上抛，上升的最大高度为 H，设所受阻力大小恒
5、定，地面为零势能面。在上升至离地高度 h 处，小球的动能是势能的两倍，在下落至离高度 h 处，小球的势能是动能的两倍，则 h 等于（ ）（A）H/9 （B）2H/9 （C）3H /9 （D ）4H/9【答案】D。【解析】小球上升至最高点过程： 201mgfv ；小球上升至离地高度 h 处过程： 2210mghfv ，又 1mgh ；小球上升至最高点后又下降至离地高度 h 处过程： 220()hfHv ，又 mghv21；以上各式联立解得 49，答案 D 正确。II多项选择题6光电效应的实验结论是：对于某种金属（ ）（A）无论光强多强，只要光的频率小于极限频率就不能产生光电效应（B）无论光的频率
6、多低，只要光照时间足够长就能产生光电效应（C）超过极限频率的入射光强度越弱，所产生的光电子的最大初动能就越小（D）超过极限频率的入射光频率越高，所产生的光电子的最大初动能就越大【答案】AD。【解析】每种金属都有它的极限频率 0，只有入射光子的频率大于极限频率 0时，才会发生光电效应，且入射光的强度越大则产生的光子数越多，光电流越强；由光电效应方程 0kEhWh，可知入射光子的频率越大，产生的光电子的最大初动能也越大，与入射光的强度无关，所以 AD 正确。7位于 A、B 处的两个带有不等量负电的点电荷在平面内电势分布如图所示，图中实线表示等势线，则（ ）（A）a 点和 b 点的电场强度相同（B）
7、正电荷从 c 点移到 d 点，电场力做正功（C）负电荷从 a 点移到 c 点，电场力做正功（D）正电荷从 e 点沿图中虚线移到 f 点，电势能先减小后增大【答案】CD。【解析】电场线的疏密可以表示电场的强弱，可见 A 错误；正电荷从 c 点移到 d 点，电场力做负功，负电荷从 a 点移到c 点，电场力做正功，所以 B 错误，C 正确；正电荷从 e点沿图中虚线移到 f 点，电场力先做正功，后做负功，但整个过程电场力做正功，D 正确。8牛顿以天体之间普遍存在着引力为依据，运用严密的逻辑推理，建立了万有引力定律。在创建万有引力定律的过程中，牛顿（ ）（A）接受了胡克等科学家关于 “吸引力与两中心距离
8、的平方成反比 ”的猜想（B）根据地球上一切物体都以相同加速度下落的事实，得出物体受地球的引力与其质量成正比，即 Fm 的结论（C）根据 Fm 和牛顿第三定律，分析了地月间的引力关系，进而得出 Fm1m2（D）根据大量实验数据得出了比例系数 G 的大小【答案】AB。【解析】题干要求“在创建万有引力定律的过程中”，牛顿知识接受了平方反比猜想，和物体受地球的引力与其质量成正比，即 Fm 的结论，而提出万有引力定律后，后来利用卡文迪许扭称测量出万有引力常量 G 的大小，只与 C 项也是在建立万有引力定律后才进行的探索，因此符合题意的只有 AB。9如图为竖直放置的上细下粗的密闭细管，水银柱将气体分隔成
9、A、B 两部分，初始温度相同。使 A、B 升高相同温度达到稳定后，体积变化量为VA、 VB，压强变化量为 pA、 pB，对液面压力的变化量为 FA、 FB，则（ ）（A）水银柱向上移动了一段距离 （B ） VA VB（C） pA pB （D） FA FB【答案】AC。【解析】首先假设液柱不动，则 A、B 两部分气体发生等容变化，由查理定律，对气体 A：APT；对气体 B： PT，又初始状态满足 ABPh，可见使 A、B 升高相同温度， ()ABh， BBAT，因此 ABP，因此ABF液柱将向上移动，A 正确，C 正确；由于气体的总体积不变，因此d f A aB c B e B A 光屏双缝激光
10、器VA=VB，所以 B、D 错误。二 （20 分）填空题. 本大题共 5 小题，每小题 4 分.答案写在题中横线上的空白处或指定位置，不要求写出演算过程.10如图为双缝干涉的实验示意图，若要使干涉条纹的间距变大可改用长更_（填长、短）的单色光，或是使双缝与光屏间的距离_（填增大、减小） 。【答案】长，增大。【解析】依据双缝干涉条纹间距规律 LxdA，可知要使干涉条纹的间距变大，需要改用波长更长的单色光，应将增大双缝与屏之间的距离 L。11如图为某报警装置示意图，该报警装置在一扇门、两扇窗上各装有一个联动开关，门、窗未关上时，开关不闭合，只要有一个开关未闭合，报警器就会报警。该报警装置中用了两个
11、串联的逻辑电路，虚线框甲内应选用_门电路，虚线框乙内应选用_门电路（填与、非、或） 。【答案】或，或【解析】题意只要有一个开关未闭合，报警器就会报警，结合或门的特点因此虚线框甲内应选用或门；虚线框乙内应选用或门。12弹性绳沿 x 轴放置，左端位于坐标原点，用手握住绳的左端，当 t0 时使其开始沿 y 轴做振幅为8cm 的简谐振动，在 t0.25s 时，绳上形成如图所示的波形，则该波的波速为_cm/s，t_时，位于x245cm 的质点 N 恰好第一次沿 y 轴正向通过平衡位置。【答案】20，2.75【解析】由图可知，这列简谐波的波长为 20cm，周期 T=0.25s4=1s，所以该波的波速0/2
12、/1vcmssT；从 t=0 时刻开始到 N 质点开始振动需要时间2145.xt,在振动到沿 y 轴正向通过平衡位置需要再经过 20.5Tts，所以当 t=（2.25+0.5）s=2.75s，质点 N 恰好第一次沿 y 轴正向通过平衡位置。 。13如图，金属棒 ab 置于水平放置的 U 形光滑导轨上，在 ef 右侧存在有界匀强磁场 B，磁场方向垂直导轨平面向下，在 ef5V R1 2 R3 甲 乙 报 S1 2 S3 警 器 y/cm 8 N 0 10 20 30 40 x/cm 8 c f a B L F d e b 左侧的无磁场区域 cdef 内有一半径很小的金属圆环 L，圆环与导轨在同一
13、平面内。当金属棒 ab 在水平恒力 F 作用下从磁场左边界 ef 处由静止开始向右运动后，圆环 L 有_（填收缩、扩张）趋势，圆环内产生的感应电流_（填变大、变小、不变） 。【答案】收缩，变小【解析】由于金属棒 ab 在恒力 F 的作用下向右运动，则 abcd 回路中产生逆时针方向的感应电流，则在圆环处产生垂直于只面向外的磁场，随着金属棒向右加速运动，圆环的磁通量将增大，依据楞次定律可知，圆环将有收缩的趋势以阻碍圆环的磁通量将增大；又由于金属棒向右运动的加速度减小，单位时间内磁通量的变化率减小，所以在圆环中产生的感应电流不断减小。14图示电路中，R 112 ，R 26 ，滑动变阻器 R3上标有
14、“20 ，2A”字样，理想电压表的量程有 0-3V 和 0-15V 两档，理想电流表的量程有 0-0.6A 和 0-3A 两档。闭合电键 S，将滑片 P 从最左端向右移动到某位置时，电压表、电流表示数分别为 2.5V 和 0.3A；继续向右移动滑片 P 到另一位置，电压表指针指在满偏的 1/3，电流表指针指在满偏的 1/4，则此时电流表示数为_A，该电源的电动势为_V。【答案】0.15，7.5【解析】由于题意当“继续向右移动滑片 P 到另一位置”电压表示数一定大于 2.5V，电流表示数一定小于 0.3A，再结合电压表指针指在满偏的 1/3，电流表指针指在满偏的 1/4，可知电压表的量程为 0-15V，电流表的量程为 0-0.6A，因此当滑片滑到下一位置是电流表的实数为10.6.54IA；电压表的示数为 5V；由串并联电路规律得： 20.316I，得 2，由闭合电路欧姆定律得 (0.36)2.5rE；同理：2.15I，得 2.IA，由闭合电路欧姆定律 (1.)5.rE以上各式联立解得： 75EV。三 （30 分）实验题. 15 （8 分） （1）用多用表的欧姆档测量阻值约为几十 k的电阻 Rx，以下给出的是可能的操作步骤，其中 S 为选择开关，P 为欧姆档调零旋钮，把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在下面的横线上_。a将两表笔短接，调节 P 使指针对准刻度盘上欧
