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1、用心 爱心 专心 1同步检测十三模块综合（A 卷）（时间：90 分钟满分：100 分）一、选择题（共 10 小题，每小题 4 分，共 40 分.在每小题给出的四个选项中，有一个或多个选项正确，全部选对得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选、多选或不选得 0 分）1.如图所示，水平直导线 ab 通有向右的电流 I，置于导线正下方的小磁针 S 极将A.向纸外偏转B.向纸内偏转C.在纸面内顺时针转过 90D.不动【答案】A【解析】当导线中通入水平向右的电流时，电流产生磁场，且在导线下方磁针所处位置磁场的方向垂直纸面向里，即小磁针 N 极所受磁场力的方向垂直纸面向里，所以 N 极向纸里、S 极向纸外
2、偏转，A 对.2.对于给定的电容器，在描述电容 C、带电量 Q、电势差 U 之间的关系中（电容器未击穿） ，正确的是【答案】BC【解析】有电容的定义公式 UQC，对于给定的电容器，C 一定，C 对；在电容未被击穿的条件下， Q 与 U 成正比，所以 B 正确.3.有两个完全相同的金属小球 A、 B(它们的大小可忽略不计)， A 带电荷量为 7Q， B 带电荷量为- Q，当 A、 B 在真空中相距为 r 时，两球之间的相互作用的库仑力为 F；现用绝缘工具使 A、 B 球相互接触后再放回原处，则 A、 B 间的相互作用的库仑力是A.79FB.67 FC.87 FD.97 F【答案】D【解析】由题意
3、 A、B 未接触前有 227rkQk；两球接触后，电量平分，则A、B 带电量均为 3Q，此时 A、B 间库仑力 2293F ，即 F79，D 正确.4.如图所示当可变电阻 R 的滑片向 b 端移动时，通过电阻 R1、 R2、 R3的电流强度I1、 I2、 I3的变化情况是用心 爱心 专心 2A.I1变大， I2、 I3变小B.I1、 I2变大， I3变小C.I1变小、 I2、 I3变大D.I1、 I2变小， I3变大【答案】D【解析】此题考查闭合电路的动态分析.当滑片向 b 端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，总电路外电阻减小；总电流 I 增大，从而使内电压增大，路端电压减小，即 R1两端
4、电压减小，所以 I1减小；又因为总电流 I=I1+I3，所以 I3增大；因为 I3增大，所以 R3两端电压增大，则 R2两端电压减小， I2减小，所以只有 D 正确.5.如图所示，平行板电容器两极板间电压恒定，带电的油滴在两板间 P 点静止，若将板间距离增大一些，则油滴将A.向下运动B.向上运动C.向左运动D.仍然静止【答案】A【解析】由题意，初始状态带电油滴所受重力与电场力是一对平衡力；当极板间距增大时，由 U=Ed，因 U 一定， d 增大， E 减小，所以油滴所受电场力减小，将向下运动，A 对.6.如图所示为一矩形线框 abcd 处在直线电流 MN 的磁场中，且 ab、 cd 边与 MN
5、 平行.关于MN 的磁场对线框的作用，下列叙述中正确的是A.没有所受安培力方向相同的两条边B.线框有两条边所受的安培力大小相同C.线框所受的安培力的合力朝左D.cd 所受安培力对 ab 边的力矩不为零【答案】ABC【解析】由左手定则可以判断，线框的四条边所受安培力方向都不相同，A 对； ad 边和 bc边所处位置磁场相同，所以这两条边所受安培力大小相同，B 对； ab 边受安培力方向水平向左， cd 边所受安培力水平向右，但 ab 边受力大于 cd 边，所以线框所受合力水平向左，C 对；由于 cd 边所受安培力的作用线过 ab 边，所以 D 错.7.如图所示为逻辑电路，根据电路图完成它的真值表
6、.其输出端从上到下排列，结果正确的是输入 输出A B C0 00 11 01 1A.0，0，1，0B.0，0，1，1C.1，0，1，0D.0，0，0，1用心 爱心 专心 3【答案】A【解析】由题图可知，B 输入的是“非”门电路，然后与 A 共同输入的是“与”门电路；根据门电路真值表对比可知 A 正确.8.如图所示，带电平行板中匀强磁场方向水平垂直纸面向里，某带电小球从光滑绝缘轨道上的 a 点自由滑下，经过轨道端点 P 进入板间后恰能沿水平方向做直线运动.现使小球从较低的 b 点开始下滑，经 P 点进入板间，在板间的运动过程中A.其动能将会增大B.其电势能将会减小C.小球所受的洛伦兹力将会增大D
7、.小球受到的电场力将会增大【答案】AC【解析】小球从 a 点下滑进入平行板中做直线运动，由平衡条件知图 1小球一定带正电，受力情况如图所示，且 qvB+qE=mg；当小球从 b 点滑进极板时，速度比从 a 点滑入时小，则小球所受合力向下，将向下偏转，此时合力做正功，动能增大，A 对；动能增大，则小球速率增大，洛伦兹力增大，C 对.9.如图所示，正方形区域 abcd 中充满匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里.一个氢核从 ad 边的中点 m 沿着既垂直于 ad 边又垂直于磁场的方向，以一定速度射入磁场，正好从 ab 边中点 n 射出磁场.若将磁场的磁感应强度变为原来的 2 倍，其他条件不变，则这个氢核
8、射出磁场的位置是A.在 b、n 之间某点B.在 n、 a 之间某点C.a 点D.在 a、 m 之间某点【答案】C【解析】由几何知识知，氢核从 n 点射出时必定与 ab 边垂直，如图轨迹 1 所示，其轨道半径为正方形边长的一半；当磁感应强度变为原来的 2 倍，由 qBmvr知氢核半径变为原来的一半，其运动轨迹如图轨迹 2 所示，氢核射出磁场的位置必过 a 点，C 对.用心 爱心 专心 410.如图所示，电源电动势为 E，内阻忽略不计，滑动变阻器的滑片 P 置于中点；两平行极板间有垂直纸面的匀强磁场，一带正电的粒子以速度 v0正好水平向右匀速穿过两板(不计重力).以下说法正确的是A.若粒子带负电，
9、也可以沿图示方向以相同速度沿直线穿过此区域B.将滑片 P 向上移动一点，该粒子穿出两板过程中电势能减小C.将滑片 P 向上移动一点，该粒子穿出两板过程中动能减小D.把 R 调为原来的一半，则能沿直线穿出的粒子速度为 v0/2【答案】AC【解析】由带正电的粒子匀速穿过两极板可知，粒子所受电场力与洛伦兹力平衡，即qE=qv0B；若粒子带负电，则粒子所受电场力及洛伦兹力均反向，大小不变，仍然是一对平衡力，粒子照样可以匀速沿直线穿过此区域，A 对；滑片向上移动，则滑动变阻器接入电路的阻值减小，极板间电压减小，由 dUE知极板间场强减小，粒子进入磁场时所受电场力减小，而洛伦兹力不变，粒子将发生偏转，电场
10、力做负功，电势能增大，动能减小，C对；若粒子速度减为 20v后仍然可以沿直线穿过极板，则由 20qEBvq可知2E,即 U，又由极板间电压即滑动变阻器两端电压 RU0知当 R 减为原来的一半时，极板间电压并不是变成原来的一半，所以 D 错.二、填空题（共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分）11.螺旋测微器螺杆的精密螺距为 0.5 mm，可动刻度尺圆周分成 50 等分，如图所示，用螺旋测微器测一被测小球的直径是_mm.【答案】8.30012.测定电源的电动势和内电阻的实验电路和 U-I 图象如下，请回答下列问题：（1）在闭合开关之前为防止电表过载，滑动变阻器的滑动触头 P 应放在_处；（2
11、）右图是根据实验数据画出的 U-I 图象.由此可知这个干电池的电动势E=_V，内电阻 r=_.用心 爱心 专心 5【答案】(1) a(2)1.51.0【解析】在闭合开关前滑动变阻器的电阻应达到最大值，避免电流过大烧毁电表，所以应打到 a 端； U-I 图象与纵轴交点大小等于电源的电动势 E=1.5 V，与横轴交点为短路电流.内电阻 0.14.5r.13.（2009 福建福安二中高二选修 3-1 终结性评价）已知电流表的内阻 Rg=10 ，满偏电流 Ig=3 mA.要把它改装成量程是 6 V 的电压表，应_联一个电阻，其阻值R=_ ；若用它来测量一段电路两端电压时，表盘指针如图所示，这段电路两端
12、的电压是_ V.【答案】串1 9905【解析】 )(RIUg，即 6 V=310-3 A(10 + R)，得 R=1 990 .由题图知表针指向 2.5 个大格.5V63.214.为了研究一个“2.5 V，1 W”的小灯泡的伏安特性，现有蓄电池一组，电键一个，导线若干，05 、额定电流为 1 A 的滑动变阻器一个，其他可供选择的器材如下：A.量程为 03 A，内阻为 0.025 的电流表B.量程为 00.6 A，内阻为 0.2 的电流表C.量程为 0100 mA，内阻为 5 的电流表D.量程为 03 V，内阻为 10 k 的电压表E.量程为 015 V，内阻为 50 k 的电压表（1）要正确地
13、完成这个实验，电流表应选_，电压表应选_(填代号).（2）请画出电路原理图.【答案】 （1）BD（2）见下图用心 爱心 专心 6【解析】由题意可知小灯泡的额定电压和额定电流分别为 2.5 V 和 0.4 A，由此可以选出电压表及电流表；采用分压式电路可以扩大小灯泡两端电压变化的范围，使测量结果更加准确.三、计算题（共 4 小题，15、16 题各 10 分，17、18 题各 12 分，共 44 分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）15.如图所示，在水平放置且相距 3.6 cm 的平行带电金属板间，能形成匀强电场
14、，有一个质量 m=10-4 g、电荷量 q=10 -8 C 的液滴，在两板正中央处于静止状态.（g 取 10 m/s2）求：(1)哪块板带正电？板间电场强度多大?(2)若板间电场强度突然增为原来的 2 倍，方向不变，液滴触及板面时速度多大？【答案】 （1）上极板100 N/C（2）0.6 m/s【解析】 （1）由题意知液滴处于静止状态，则液滴所受的重力与电场力平衡，则电场力方向竖直向上，又因为液滴带负电.所以上极板带正电由 qE=mg 得 10N/C/1087qmgE（2）当电场强度增为原来的两倍时由牛顿第二定律知 2278 m/s/2a则由运动学公式 21atd得 106.322dv=at=
15、100.06 m/s=0.6 m/s16.如图所示，一电子沿垂直挡板 NN方向以速度 v=8.0106 m/s 从 O 孔射入匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度为 B=9.1104 T.运动中电子经某点 P， OP=0.05 m，求电子由 O 运动至 P 点的时间.（电子的质量 m=9.110-31 kg，电子的电量 e=-1.610-19 C，3）【答案】6.2510 -9s用心 爱心 专心 7【解析】如图所示电子的运动轨迹，由 0.5m1.906.184163qBmvr由几何知识知圆弧对应的圆心角等于 60由 T2 s106.25s10.96.1361 9413qBmt17.如图所示，电源的电动势 E=110 V，电阻 R1=21 ，电动机绕组的电阻 R0=0.5 ，电键 S1始终闭合.当电键 S2断开时，电阻 R1的电功率是 525 W；当电键 S2闭合时，电阻 R1的电功率是 336 W，求:（1）电源的内电阻；（2）当电键 S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率.【答案】 （1）1 （2）26 A1 606 W【解析】 （
