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1、广东省汕头市金山中学2018-2019学年高二10月月考物理试题一、选择题1.A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的粒子仅在电场力作用下以一定的初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度v和时间t的关系图象如图所示则此电场的电场线分布可能是图中的()A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】由v-t图象可知，微粒的速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带负电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越来越大，由F=qE知，场强增大，电场线越来越密。电场力方向与其运动方向相反，电场力向左，所以电场线方向向右。故A正确，BCD错误。故选A。【点睛】本题考查了速度-时间图象的应用和电
2、场线的相关知识，要明确斜率的含义，要能根据图象判断物体的运动情况，进而分析受力情况能根据电场线的分布判断电场强度的大小2.一电子在电场中由a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示图中一组平行实线是等势面，则下列说法正确的是()A. a点的电势比b点低B. 电子在a点的加速度方向向右C. 电子从a点到b点动能减小D. 电子从a点到b点电势能减小【答案】C【解析】根据粒子运动轨迹可知所受电场力方向向下，因为电子带负电，所以场强方向向上，沿电场线电势在降低，所以可知a点的电势比b点高，故A错误电子在a点的加速度方向向下，故B错误电子从a点到b点电场力做负功，动能减小，电势能增加，故C正确D错误故选C3.A
3、B和CD为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O.将电荷量分别为q和q的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，如图所示要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，则该点电荷Q() A. 应放在A点，Q2qB. 应放在B点，Q2qC. 应放在C点，QqD. 应放在D点，Qq【答案】C【解析】试题分析：+q的点电荷在圆心O处的场强与-q的点电荷在圆心O处的场强的合场强方向由O点指向D点，根据几何关系和点电荷的场强公式得；要使圆心处的电场强度为零，只要点电荷Q在圆心O处产生的场强方向由O指向C即可，大小也为，所以，点电荷Q=-q且应发在C点故C正确考点：场强的叠加；点电
4、荷场强。视频4.如图所示，质量为m、带电荷量为q的微粒以初速度v0从A点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中，微粒通过电场中B点时，速率vB=2v0，方向与电场的方向一致，则A、B两点的电势差为()A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】微粒在竖直方向做减速运动，竖直方向的位移；从A到B由动能定理： 联立解得A、B两点间的电势差为：，故C正确，ABD错误；故选C。【点睛】本题涉及到电势差的问题，常常要用到动能定理本题的难点在于运动的处理，由于微粒受到两个恒力作用，运用运动的分解是常用的方法5.如图所示, a.、b为竖直向上的电场线上的两点,一带电质点从a点由静止释放，沿电场线向
5、上运动,恰好能到b点,下列说法中正确的是( ) A. 带电质点在a.、b两点的电势能相等B. a点的电势比b点的电势高C. 带电质点从a点运动到b点电场力先做正功后做负功D. a点的场强比b点的电场强度大【答案】BD【解析】【详解】由a到b，电场力向上，电场力一直做正功，则电势能减小，则a点的电势能大于b点的电势能。故AC错误。电场线竖直向上，因沿着电场线方向电势逐渐降低，则a点的电势比b点电势高。故B正确。由题意可知，开始电场力大于重力，做加速运动，然后电场力小于重力做减速运动，所以a点的电场力大于b点的电场力，则a点的电场强度大于b点的电场强度，故D正确。故选BD。【点睛】解决本题的关键是
6、通过a、b两点的速度为0，知道受重力和电场力两个力，且知道电场力的方向通过电场力与重力的大小关系，比较电场强度的大小以及知道电场力做功与电势能的关系和沿电场线方向电势降低6.如图所示，带正电的粒子以一定的初速度v0沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内，恰好沿下板的边缘飞出，已知板长为L，平行板间距离为d，板间电压为U，带电粒子的电荷量为q，粒子通过平行板的时间为t，则(不计粒子的重力)()A. 在前时间内，电场力对粒子做的功为B. 在后时间内，电场力对粒子做的功为C. 在粒子下落前和后的过程中，电场力做功之比为12D. 在粒子下落前和后的过程中，经过的时间之比为11【答案】B【解析】【详解】
7、根据类平抛运动规律可知，竖直方向粒子做初速度为0的匀加速直线运动，根据结论可知前t/2和后t/2的竖直位移之比等于1:3，则t/2和后t/2的竖直位移分别为d/8和3d/8；则前t/2时间内，电场力做功为W1=qEd/8=qU/8，后t/2时间内，电场力做功为W2=qE3d/8=3qU/8，A错误，B正确。根据W=qEl可得，在粒子下落前d/4和后d/4的过程中，电场力做功之比为1：1，故C错误。根据相等位移的时间关系可知，在粒子下落前d/4和后d/4的过程中经过的时间之比为1：(-1)，故D错误。故选B。【点睛】掌握类平抛运动的处理方法和初速度为零的匀加速直线运动的结论，理解W=qU，以及U
8、=Ed中d的含义7.图中所示的是正点电荷所形成的电场中一条电场线，电场线上a和b、b和c间的相距都为d ，则下列说法中错误的是( )A. a点的电势一定高于b点的电势B. a点的场强一定大于b点的场强C. ab两点间的电势差等于bc两点间的电势差D. 将一负电荷由 a 点移到 b 点的过程中，电势能减小【答案】CD【解析】【详解】根据顺着电场线方向电势逐渐降低，则知a点的电势一定高于b点的电势，故A正确。a点离正点电荷较近，由点电荷场强公式E=kQ/r2分析可知：a点的场强一定大于b点的场强，故B正确。ab间的场强大于bc间的场强，由U=Ed可知ab两点间的电势差大于bc两点间的电势差，故C错
9、误。将一负电荷由a点移到b点的过程中，负电荷所受的电场力方向向左，与位移方向相反，所以电场力做负功，电势能增加，故D错误。本题选错误的，故选CD.【点睛】本题关键要掌握电场线的物理意义：电场线的方向表示电势的高低，电场线的疏密表示场强的大小，将电场力看成一般的力，由力和位移的方向关系，可判断电场力做功正负8.平行板电容器的两极板A、B接于电源两极，两极板竖直、平行正对，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合电键S，电容器充电，悬线偏离竖直方向的夹角为，如图所示，则下列说法正确的是 ()A. 保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则减小B. 保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则增大C. 电键
10、S断开，带正电的A板向B板靠近，则增大D. 电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则不变【答案】BD【解析】保持电键S闭合时，电容器板间电压不变，带正电的A板向B板靠近时，板间距离d减小，根据可知，板间场强增大，小球所受电场力增大，则增大，故A错误，B正确；当电键S断开，电容器的带电量不变，根据电容决定式：，定义式：及电场强度：联立可得：可知，电场强度与极板间距无关；故板间场强不变，小球所受电场力不变，则不变，故C错误，D正确。所以BD正确，AC错误。9.在空间中水平面MN的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为m的带电小球由MN上方的A点以一定初速度水平抛出，从B点进入电场，到达C点时速度方向恰好
11、水平，A、B、C三点在同一直线上，且AB2BC，如右图所示.下列正确的是( )A. 电场力大小为3mgB. 小球从 A 到 B 与从 B 到 C 运动时间相同C. 小球从A到B重力做功与从B到C克服电场力做功相等D. 小球从A到B与从B到C的速度变化量相等【答案】AD【解析】【详解】带电小球从A到C，设在进入电场前后两个运动过程水平分位移分别为x1和x2，竖直分位移分别为y1和y2，经历的时间为分别为t1和t2在电场中的加速度为a。则从A到B过程小球做平抛运动，则有：x1=v0t1；从B到C过程，有：x2=v0t2；由题意有：x1=2x2；则得：t1=2t2；即小球从A到B是从B到C运动时间的
12、2倍。又 y1=gt12，将小球在电场中的运动看成沿相反方向的类平抛运动，则有：y2=at22，根据几何知识有：y1：y2=x1：x2；解得：a=2g；根据牛顿第二定律得：F-mg=ma=2mg，解得F=3mg；选项A正确，B错误；因AB和BC的竖直高度之比是y1：y2= 2:1，则小球从A到B重力做功与从B到C克服电场力做功之比为：mgy1:Fy2=2:3，选项C错误；根据速度变化量v=at，则得：AB过程速度变化量大小为v1=gt1=2gt2；BC过程速度变化量大小为v2=at2=2gt2；所以小球从A到B与从B到C的速度变化量大小相等。故D正确。故选AD。【点睛】本题将平抛运动与类平抛运
13、动的组合，关键运用逆向思维研究小球B到C的过程，再运用力学基本规律：牛顿第二定律和运动学公式列式分析10.如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为v2(v2v1)若小物体电荷量保持不变，OMON，则()A. 小物体上升的最大高度为B. 从N到M的过程中，小物体的电势能先减小后增大C. 从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D. 小物体上滑过程克服摩擦力的功跟下滑过程克服摩擦力的功不相等【答案】AB【解析】【详解】设斜面倾角为、上升过程中物体沿斜面运动的最大距离为L。因为OM=O
14、N，则MN两点电势相等，小物体从M到N、从N到M电场力做功均为0。上滑和下滑经过同一个位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所作的功均为相等的负功，所以上滑和下滑过程克服电场力产生的摩擦力所作的功相等、并设为Wf。在上滑和下滑过程，对小物体，摩擦力做功相等，则应用动能定理分别有：-mgLsin-Wf=-mv12；mgLsin-Wf=mv22；由以上两式相减可得 h=Lsin=，故A正确，D错误；从N到M的过程中，电场力对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大，故B正确。从M到N的过程中，电场力对小物体先做正功后做负功。故C错误
15、。故选AB。【点睛】本题考查动能定理的应用、摩擦力及电场力做功的特点，涉及能量变化的题目一般都要优先考虑动能定理的应用，并要求学生能明确几种特殊力做功的特点，如摩擦力、电场力、洛仑兹力二、实验题11.两相同的金属小球(可视为质点)带电量分别为-Q和+3Q,当相距r时,其间作用力为F,将两金属球相接触后再放回原来位置,则其间作用力为_.【答案】 ;【解析】【详解】由库仑定律可得：两球接触前的库仑力；而两球接触后平分电量，则两球的电量q=Q ，则作用力【点睛】两相同小球相互接触再分开，则电量先中和然后再平分总电荷量；库仑定律计算中可以只代入电量，最后再根据电性判断库仑力的方向12.固定的A、B两个点电荷都带负电,相距10cm,今将第三具点电荷C放在A、B之间连线上距A为2cm,C恰好处于静止状态,则A、B两点电荷电量之比QA:QB =_【答案】1:16;【解析】【详解】因为QA、QB为固定的负点电荷，只要放入的点电荷受到的合力为0即可，通过受力分析可知，既可以放入正电荷，也可
