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1、12015 年广州市二模年广州市二模（物理）一、单项选择题（每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目的要求；每题 4 分）13气体温度升高，则该气体A每个分子的体积都增大 B每个分子的动能都增大C速率大的分子数量增多 D分子间引力和斥力都增大14如图，注射器内封闭一部分气体若针筒和活塞隔热性能良好，则缓慢向外移动活塞的过程中气体A对活塞不做功 B对活塞做负功 C温度保持不变 D压强逐渐减小15如图，L 形木板置于粗糙水平面上，光滑物块压缩弹簧后用细线系住 烧断细线，物块弹出的过程木板保持静止，此过程 A弹簧对物块的弹力不变 B弹簧对物块的弹力逐渐增大 C地面对木板的摩擦力不变 D地面对木板
2、的摩擦力逐渐减小16如图，在下列不同情形中将光滑小球以相同速率 v 射出，忽略空气阻力， 结果只有一种情形小球不能到达天花板，则该情形是ABCDvvvv橡胶塞气体针筒活塞2二、双项选择题17如图，MN、PQ 是圆 O 的两条相互垂直的直径，圆内有垂直纸面向里的匀强磁场，荷质比相等的正、负离子分别从 M、N 以等大速率射向 O若正离子从 P 出射，则A负离子会从 Q 出射 B负离子也从 P 出射 C两离子在磁场中运动时间相等 D两离子在磁场中运动路程不相等18如图是光控继电器的示意图，K 是光电管的阴极下列说法正确的是 A图中 a 端应是电源的正极 B只要有光照射 K，衔铁就被电磁铁吸引 C只要
3、照射 K 的光强度足够大，衔铁就被电磁铁吸引 D只有照射 K 的光频率足够大，衔铁才被电磁铁吸引19如图为模拟远距离输电电路，两理想变压器的线圈匝数 n1=n4n2=n3，A1、A2、A3为相同的 理想交流电流表当 a、b 端接入低压交流电源时，则 AA1、A3的示数相等 BA1、A2、A3的示数相等 CA1的示数大于 A2的 DA2的示数大于 A3的20如图，近地人造卫星和月球绕地球的运行轨道可视为圆设卫星、月球绕地公转周期分别为 T卫、T月，地球自转周期为 T地，则A B月卫TT月卫TTC D地卫TT地卫TT21如图，静电植绒时，真空中带负电的绒毛一旦与布匹上的粘合剂接触就粘贴在布匹上，
4、则带负电绒毛落向布匹的过程中 A做匀速运动 B做加速运动 C电势能逐渐增大 D电势能逐渐减小OPQMN1A2A3Ar R1n2n3n4nuabKab电源电磁铁衔铁弹簧光电管器大放卫星地球月球负电金属网正电金属板绒毛 布匹布卷涂胶（静电植绒）烘燥成品3三、非选择题34 （18 分） （1）一同学用电子秤、水壶、细线、墙钉和贴在墙上的白纸等物品，在家中验证力的平行四边形定则如图（a） ，在电子秤的下端悬挂一装满水的水壶，记下水壶_时电子秤的示数 F；如图（b） ，将三细线 L1、L2、L3的一端打结，另一端分别拴在电子秤的挂钩、墙钉 A 和水壶杯带上水平拉开细线 L1，在白纸上记下结点 O 的位置
5、、_和电子秤的示数 F1；如图（c） ，将另一颗墙钉 B 钉在与 O 同一水平位置上，并将 L1拴在其上手握电子秤沿着中 L2的方向拉开细线 L2，使_和三根细线的方向与中重合，记录电子秤的示数 F2；在白纸上按一定标度作出电子秤拉力 F、F1、F2的图示，根据平行四边形定则作出 F1、F2的合力 F的图示，若_，则平行四边形定则得到验证c（）墙钉1L2L3LOb（）墙钉1L2L3LOa（）电子秤AB4（2）测电池的电动势 E 和内阻 r首先直接用多用电表测定该电池电动势，在操作无误的情况下， 多用电表盘面如图 a 所示，其示数为_V然后，用电压表、电阻箱 R、定值电阻( R0=5)、开关 S
6、、若干导线和该电池连成电路，V进一步测定该电池电动势和内阻()在图 b 中，根据电路图，用笔画线代替导线，完成实物图连接 ()闭合开关 S，调整电阻箱阻值 R，读出电压表相应示数 U记录多组 R、U 数据，V并计算出相应的与的值，做出图线如图 c 所示1 R1 U1 R1 U分析该图线斜率 k 的物理意义知 k =_ （用 E、r、R0表示）()从图线中可求得待测电池电动势 E=_V，内阻 r =_ （计算结果均保留到小数点后两位）()若考虑电压表为非理想表，则电池电动势 E 测量值相对真实值_ （填“偏大” ， “偏小”或 “不变” ） 11/(V )U11/()R00.10.20.30.4
7、0.50.60.51.01.52.02.5c图a图b图V R 0R315S 0RR535 （18 分）如图，长度 S=2m 的粗糙水平面 MN 的左端 M 处有一固定挡板， 右端 N 处与水平传送带平滑连接传送带以一定速率 v 逆时针转动，其上表面 NQ 间距离为 L=3m 可视为质点的物块 A 和 B 紧靠在一起并静止于 N 处，质量 mA=mB=1kg A、B 在足够大的内力作用下突然分离，并分别向左、右运动，分离过程共有能量 E=9J 转化为 A、B 的动能设 A、B 与传送带和水平面 MN 间的动摩擦因数均为 =0.2， 与挡板碰撞均无机械能损失取重力加速度 g=10m/s2，求： （
8、1）分开瞬间 A、B 的速度大小； （2）B 向右滑动距 N 的最远距离； （3）要使 A、B 不能再次相遇，传送带速率的取值范围MNQBAvLS636 （18 分）如图甲， 单匝圆形线圈 c 与电路连接，电阻 R2两端与平行光滑金属直导轨 p1e1f1、p2e2f2连接 垂直于导轨平面向下、向上有矩形匀强磁场区域、，它们的边界为 e1e2， 区域中垂直导轨并紧靠 e1e2平放一导体棒 ab两直导轨分别与同一竖直平面内的圆形光滑绝缘 导轨 o1、o2相切连接，o1、o2在切点 f1、f2处开有小口可让 ab 进入，ab 进入后小口立即闭合 已知：o1、o2的直径和直导轨间距均为 d，c 的直径
9、为 2d；电阻 R1、R2的阻值均为 R，其余电阻不计；直导轨足够长且其平面与水平面夹角为，区域的磁感强度为 B060重力加速度为 g在 c 中边长为 d 的正方形区域内存在垂直线圈平面向外的匀强磁场，磁感强度 B 随时间 t 变化如图乙所示，ab 在 t=0内保持静止 gd2（1）求 ab 静止时通过它的电流大小和方向； （2）求 ab 的质量 m；（3）设 ab 进入圆轨道后能达到离 f1f2的最大高度为 h，要使 ab 不脱离圆形轨道运动，求区域的磁感强度 B2的取值范围并讨论 h 与 B2的关系式Btgd20B0gd222p1p)(tB601R2R bamc 甲1e2e d1f1o2o
10、2f乙0B2B72015 年广二测理综（物理）参考答案题号131415161718192021选项CDDBBCAD ACACBD34.（1）静止 (或稳定、平衡、不动) 三细线的方向 (至少记录 L1、L3的方向)结点 O 的位置 F与 F 的图示重合（或基本重合） （F大小与 F 相等，方向相同）【评分说明：各 2 分，填某一细线的方向只给 1 分，填 F=F 只给 1 分，填给 2 分 】FF（2）1.55()如右图(连线错或量程错均不给分)()0Rr E()1.59(1.541.67)， 0.55(0.440.80)()偏小 【评分说明：、()()()()各 2 分，其中()每空 1 分
11、 】 35解：(1) 设 A、B 分开时速度大小分别为 vA、vB由 A、B 系统能量守恒有 22 21 21 BBAAvmvmE由 A、B 系统动量守恒有 BBAAvmvm联立解得：smvvBA/3(2)假设 B 不能从传送带 Q 端离开，且在传送带上运行最大对地位移为 s2，由动能定理得 2 2210BBBvmgsm解得：m25. 22s由题意可知，假设成立m32 Ls所以 B 沿传送带向右滑动距 N 的最远距离为 2.25m (3) 设 A 在水平面上开始向左运动到停止，滑动过的路程为 s1，由题意知 A 与挡板碰撞后原速率返回，整个过程应用动能定理得：，2 1210AAAvmgsm解得
12、：，即 A 停在距 M 端 0.25m 处，即距 N 端 1.75m；m2m25. 21Ss若 AB 不能再次相遇，设 B 返回到 N 端时速度大小为 vB，后经 s 2距离停下，则由动能定理有，2 2210BBBvmsgm由解得，m75. 12 ss/m7Bv由题意可知不论传送带速率多大，vB至多到 3m/s，即符合题意，即传送带的速率取值范围是（或或）s/m70 vs/m7vs/m7v11【评分说明：各 2 分，各 1 分；牛顿运动定律解答正确也得分，注意式11要捆绑后续划线的文字说明给分，无检验说明不给这 1 分 】315S 0RR836解：(1)由法拉第电磁感应定律得 c 内感生电动势
13、 dgBdtBSE202由全电路欧姆定律有 （R2被 ab 短路）IRE 联立解得：gdRdBgd RdBI22200根据楞次定律和右手螺旋定则（或者平衡条件和左手定则）判断 ab 中电流方向为 ab(2) 由题意可知导轨平面与水平面夹角为， 60对在 t=0内静止的 ab 受力分析有 gd2IdBmg0sin联立解得： gdgRBdgdgRBdm63322 022 02 (3) 由题意知 t=后，c 内的磁感强度减为零，ab 滑入区域， gd2由直导轨足够长可知 ab 进入圆形轨道时已达匀速直线运动， 设此时 ab 为 v，其电动势为 E2，电流为 I2，由平衡条件得 dIBmg22sin由
14、法拉第电磁感应定律得动生电动势dvBE22由全电路欧姆定律有 （R1、R2并联）222RIE 联立解得 gdBBgd BBv2482 22 0 2 22 0由题意可知 ab 滑不过圆心等高点或者滑过圆轨道最高点均符合题意，分类讨论如下：()当即时，cos2212dmgmv 0222BB 11ab 上滑过程由动能定理得，即2 21mvmgh 4 24 0 16BdBh 12() 设 ab 能滑到圆轨道最高点时速度为 v1，根据牛顿第二定律应满足 2/2 1 dmvmg 13所以当即时，2 12 21)cos1 (221mvdmgmv0221BB 14ab 能滑到圆轨道最高点，有43)cos1 (2ddh15【评分说明：各 2 分，、各 1 分；其它方法解答正确也得分15磁感强度 B 的下标书写错乱整体扣 1 分，不累计扣分；若分类讨论的结果错误但涉及到的物1115理规律应用表达式正确，则每对一式给 1 分，总共给分不超过 3 分；物理量临界值的等号不做特别要求 】
