《辽宁省六校协作体2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题 word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《辽宁省六校协作体2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题 word版含解析（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2017-20182017-2018 学年度上学期省六校协作体高二期中考试物理试题学年度上学期省六校协作体高二期中考试物理试题一一. .选择题（共选择题（共 1212 小题，在每小题给出的四个选项中，小题，在每小题给出的四个选项中，1 17 7 小题只有一个选项符合题目要求，小题只有一个选项符合题目要求，8 81212 小题有多个选项符合题目要求）小题有多个选项符合题目要求）1. 电场强度 E 的定义式为，根据此式，下列说法中正确的是( )此式只适用于点电荷产生的电场式中 q 是放入电场中的点电荷的电荷量，F 是该点电荷在电场中某点受到的电场力，E 是该点的电场强度式中 q 是产生电场的点电荷
2、的电荷量，F 是放在电场中的点电荷受到的电场力，E 是电场强度在库仑定律的表达式中，可以把看作是点电荷产生的电场在点电荷处的场强大小，也可以把看作是点电荷产生的电场在点电荷处的场强大小A. 只有 B. 只有 C. 只有 D. 只有【答案】C【解析】公式适用于任何电场强度的计算，公式中 q 为试探电荷的电荷量，F 为试探电荷所受的电场力，E 为该点的电场强度，错误正确；在库仑定律的表达式中，结合可知：可以把看作是点电荷产生的电场在点电荷处的场强大小，也可以把看作是点电荷产生的电场在点电荷处的场强大小正确，故 D 正确2. 如图所示，可视为点电荷的半径相同的两个金属球 A、B，带有等量异号电荷，相
3、隔一定的距离，两球之间的相互作用力大小为 F，今用一半径相同的不带电的金属小球 C 先后与两球接触后移开，这时， A、B 两球之间的相互作用力大小是( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】两球之间的相互吸引力，则两球带等量异种电荷；假设A带电量为Q，B 带电量为-Q，两球之间的相互吸引力的大小是：，第三个不带电的金属小球与A接触后，A和C的电量都为： ，金属小球与B接触时先中和再平分，则该小球与 B 分开后电量均为：，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小：，故 A 正确，BCD 错误。3. 如图所示，平行板电容器与电动势为 E 的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，静电计所带电荷量
4、很少，可被忽略.一带负电油滴被固定于电容器中的 P 点.现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则( ) A. 静电计指针张角变小B. 平行板电容器的电容将变大C. 带电油滴的电势能将增大D. 若先将电容器上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变【答案】D【解析】当下极板竖直向下移动一小段距离后，两极板间的距离增大，由于电容器和电源相连，所以两极板间的电势差恒定，即静电计的夹角不变，根据可知电容减小，电势差不变，d 增大，则根据可知电场强度减小，根据可知 P 点与上极板的电势差减小，则 P 点的电势增大，因为该电荷为负电荷，则电势能减小，ABC
5、 错误；若先将电容器上极板与电源正极的导线断开，则两极板所带电荷量恒定不变，根据公式可知，即两极板间的电场强度和 d 无关，所以电场强度不变，故液滴受到的电场力不变，D 正确【点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据判断电容器的电容变化情况，然后结合，等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充电后与电源断开，则电容器两极板上的电荷量恒定不变4. 某带电粒子仅在电场力作用下由 A 点运动到 B 点，电场线、粒子在 A 点的初速度及运动轨迹如图所示，可以判定( )A. 粒子在 A 点的加速度大于它在 B 点的加速度B. 粒子在 A 点的动能小于它在 B 点
6、的动能C. 粒子在 A 点的电势能小于它在 B 点的电势能D. 电场中 A 点的电势低于 B 点的电势【答案】B【解析】试题分析：由电场线可知，B 点的电场线密，所以 B 点的电场强度大，粒子受的电场力大，加速度也就大，故 A 错误；粒子受到的电场力指向曲线弯曲的内侧，所以受到的电场力的方向是沿电场线向上的，所以粒子从 A 到 B 的过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在 A 点的动能小于它在 B 点的动能，粒子在 A 点的电势能大于它在 B 点的电势能，所以 B 正确、C 错误；沿电场线方向电势逐渐降低，A 点的电势高于 B 点的电势，D 错误；故选 B考点：电场线；电
7、势及电势能5. 如图所示，斜面与水平面、斜面与挡板间的夹角均为 30，一小球放置在斜面与挡板之间，挡板对小球的弹力为 FN1，斜面对小球的弹力为 FN2，以挡板与斜面连接点所形成的水平直线为轴，将挡板从图示位置开始缓慢地转到竖直位置，不计摩擦，在此过程中 （ ）A. FN1始终减小，FN2始终增大B. FN1始终减小，FN2始终减小C. FN1始终减小，FN2先减小后增大D. FN1先减小后增大，FN2始终减小【答案】B.6. 一个质量为 1kg 的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，假如小球所受空气阻力大小恒定，该过程的位移一时间图像如图所示，g 取 10m/s2，下列说法正确的是（ ）A.
8、小球抛出时的速度为 12m/sB. 小球上升和下落的时间之比为C. 小球落回到抛出点时所受合力的功率为D. 小球上升过程的机械能损失大于下降过程的机械能损失【答案】C【解析】试题分析：A、由图知，小球上升的位移 x=24m，用时 t1=2s，平均速度 = =12m/s由 =得初速度 v0=24m/s故 A 错误B、上升时加速度大小为 a1=12m/s2；由牛顿第二定律得：mg+f=ma1；解得空气阻力的大小 f=2N对于下落过程，由牛顿第二定律得 mgf=ma2；解得 a2=8m/s2；则 a1：a2=3：2根据位移公式 x=，及上升和下落的位移大小相等，可知上升和下落的时间之比为 t1：t2
9、=：=：故 B 错误C、由上可得下落时间 t2=s，小球落回到抛出点时速度为 v=a2t2=8m/s所受合力 F合=mgf=8N，此时合力的功率为 P=64W故 C 正确D、小球上升和下落两个过程克服空气阻力做功相等，由功能原理知，球上升过程的机械能损失等于下降过程的机械能损失故 D 错误故选：C7. 某静电场在 x 轴上各点的电势 随坐标 x 的分布图象如图所示.x 轴上 A、O、B 三点的电势分别为 A、O、B ，电场强度沿 x 轴方向的分量大小分别为 EAX、EOX、EBX，电子在A、O、B 三点的电势能分别为 EPA 、EPO、EPB.下列判断中正确的是( )A. OB AB. EOX
10、 EBX EAXC. EPOEPBEPAD. EPOEPA EPOEPB【答案】D【解析】从图中可知；电子带负电，同一负电荷在高电势处电势能小，故，所以；根据图象切线斜率的大小等于电场强度沿 x轴方向的分量大小，则知，ABC 错误 D 正确8. 如图所示，A、B、O、C为在同一竖直平面内的四点，其中A、B、O沿同一竖直线，B、C同在以O为圆心的圆周(用虚线表示)上，沿AC方向固定有一光滑绝缘细杆L，在O点固定放置一带负电的小球。现有两个质量和电荷量都相同的带正电的小球a、b，均可视为点电荷，先将a穿在细杆上，让其从A点由静止开始沿杆下滑，后使b从A点由静止开始沿竖直方向下落。则下列说法中正确的
11、是( )A. 从A点到C点，小球a做匀加速运动B. 小球a在C点的动能等于小球b在B点的动能C. 从A点到C点，小球a的机械能先增加后减小，但机械能与电势能之和不变D. 小球a从A点到C点电场力做的功等于小球b从A点到B点电场力做的功【答案】CD【解析】小球a所受库伦力大小不断变化，导致a所受合外力变化，因此从A点到C点，小球a做变加速运动，A 错误；B和C点为以点电荷为圆心的球面上的点，两点的电势相同，故小球 a 从A运动到C和小球b从A运动到B电场力做功相等，但是a球下落的高度大于 b球下落的高度，即a球重力重力势能减小大于b球，因此小球a在C点的动能大于小球b在B点的动能，B 错误 D
12、正确；机械能的变化等于物体除重力之外的力所做的功，从A点到C点，电场力对a球先做正功后做负功，故其机械能先增大后减小，下落过程中只有重力、电场力做功，因此小球动能、重力势能、电势能三者之和保持不变即机械能与电势能之和不变，故 C 正确【点睛】对两个小球正确受力分析，弄清运动形式；正确理解电场力做功特点，注意以 O 为圆心的圆周为等势线；弄清小球运动过程中的功能关系，下落过程中只有重力、电场力做功，因此小球动能、重力势能、电势能三者之和保持不变9. 如图所示的电路，电源电动势为 E，内阻为 r，电压表和电流表均为理想表；现闭合开关S，将变阻器的滑片向左移动时，下列说法正确的是( )A. 电容器两
13、极板间的电场强度变大，电容器所带电量减小B. 电流表示数减小，电压表示数变大C. 电压表的示数 U 和电流表的示数 I 的比值变大D. 电源的输出功率一定变小【答案】BC【解析】当变阻器的滑片向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流减小，R2电压减小，则电容器板间电压减小，板间的电场强度变小，电容器所带电量减小，故 A 错误总电流减小，电流表示数减小则 R2电压和内电压均减小，由闭合电路欧姆定律知，R1电压变大，所以电压表示数变大，故 B 正确电压表的示数 U 和电流表的示数 I的比值 =R1，变大，故 C 正确由于电源的内外电阻的大小关系未知，所以不能确定电源输出功率如
14、何变化故 D 错误故选 BC.点睛：本题是电路的动态分析问题，按“局部整体局部”的思路进行分析分析电源的输出功率变化时，要根据推论：内外电阻相等时，电源的输出功率最大来分析10. 如图所示，真空中固定两个等量异号点电荷+Q、-Q，图中O O是两电荷连线的中点，a、b两点与+Q 的距离相等，c、d 是两电荷连线垂直平分线上的两点，bcd 构成一等腰三角形.则下列说法正确的是( ) A. a、b 两点的电场强度相同B. c、d 两点的电势相同C. 将电子由 b 移到 c 的过程中电场力做正功D. 质子在 b 点的电势能比在O O点的电势能大【答案】BD【解析】试题分析：a 点的场强向左，而 b 点
15、的场强向右，故 a、b 两点的电场强度不相同，选项 A 错误；c、d 两点的电势相同，都为零，选项 B 正确；b 点电势高于 c 点，故将电子由b 移到 c 的过程中电势能增加，电场力做负功，选项 C 错误；b 点的电势高于 O 点，故质子在 b 点的电势能比在 O 点的电势能大，选项 D 正确；故选 BD.考点：电场强度；电势及电势能.11. 调整欧姆零点后，用“10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度极小，那么正确的判断和做法是（ ） 。A. 这个电阻值很大B. 这个电阻值很小C. 为了电阻值测得更准确些，应换用“1”挡，重新调整欧姆零点后测量D. 为了电阻值测得更准确些，应换用“10
16、0”挡，重新调整欧姆零点后测量【答案】AD【解析】因为欧姆表的指针是从无穷大处开始的，偏转过小，所以示数太大，即这个电阻过大，所以需要换用大档位测量，即换用“100”挡，重新调整欧姆零点后测量，故 AD 正确12. 如图所示，在水平向右的匀强电场中以竖直和水平方向建立直角坐标系，一带负电的油滴从坐标原点以初速度 V0向第一象限某方向抛出，当油滴运动到最高点 A(图中未画出)时速度为 Vt.，试从做功与能量转化角度分析此过程，下列说法正确的是( )A. 若 vtv0，则重力和电场力都对油滴做正功引起油滴动能增大B. 若 vtv0，则油滴电势能的改变量大于油滴重力势能的改变量C. 若 vt=v0，则 A 点可能位于第一象限D. 若 vt=v0，则 A 点一定位于第二象限【答案】BD【解析】试题分析：若 vtv0，根据动能定理
