【化学】2014-2015学年甘肃省天水一中高二（下）期末

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1、12014-2015 学年甘肃省天水一中高二（下）期末化学试卷（理科）学年甘肃省天水一中高二（下）期末化学试卷（理科）一、选择题（本题包括一、选择题（本题包括 16 小题，每小题小题，每小题 3 分，共分，共 48 分每小题只有一个选项符合题意分每小题只有一个选项符合题意 ）1用 NA表示阿伏加德罗常数的值，下列叙述正确的是（ ）A 常温下，1L 0.1mol/L 的 NH4NO3溶液中氮原子数为 0.2NAB 常温常压下，22.4L CH4含有 4NA个 CH 共价键C 2mol N2与 2mol H2混合充分反应，转移的电子数目为 4NAD 10L pH=1 的硫酸溶液中含有的 H+离子数

2、为 2NA考点：阿伏加德罗常数 专题：阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律 分析：A、依据溶液中氮元素守恒分析判断； B、依据气体摩尔体积的条件应用分析，2.24L 气体物质的量不是 0.1mol； C、氮气和氢气充分反应，反应是可逆反应；D、10L pH=1 的硫酸溶液中含有的 H+离子数为 1mol； 解答：解：A、依据溶液中氮元素守恒，1L 0.1mol/L 的 NH4NO3溶液中氮原子数为 0.2NA ，故 A 正确；B、常温常压下，22.4L CH4的物质的量不是 1mol，故 B 错误； C、2mol N2与 2mol H2混合充分反应，N2+3H22NH3，反应是可逆反应，转移的电子数

3、目 小于 4NA，故 C 错误； D、10L pH=1 的硫酸溶液中含有的 H+离子数=10L0.1mol/L=1mol，故 D 错误； 故选 A 点评：本题考查了阿伏伽德罗常数的分析应用，注意气体摩尔体积的条件应用，可逆反应 的分析判断，掌握基础是关键，题目难度中等2等物质的量的下列物质，在空气中充分燃烧，消耗氧气最少的是（ ）A 乙烯B 乙烷C 乙醛D 乙醇考点：化学方程式的有关计算 专题：烃及其衍生物的燃烧规律分析：设有机物的物质的量都是 1mol，则根据烃 CxHy充分燃烧消耗氧气的物质的量为 x+，CxHyOz充分燃烧消耗氧气的物质的量为 x+ 来分析解答：解：有机物燃烧的通式为：C

4、xHyOz+（x+ ）O2xCO2+ H2O，设有机物为1mol则有：A、1molC2H4在足量的氧气中燃烧，消耗氧气 2+ 0=3（mol） ；B、1molC2H6在足量的氧气中燃烧，消耗氧气 2+ 0=3.5（mol） ；2C、1molC2H4O 在足量的氧气中燃烧，消耗氧气 2+ =2.5（mol） ；D、1molC2H6O 在足量的氧气中燃烧，消耗氧气 2+ =3（mol） ，消耗氧气最少的是乙醛， 故选 C 点评：本题考查有机物的燃烧耗氧量的计算，题目难度不大，注意燃烧的化学方程式CxHyOz+（x+ ）O2xCO2+ H2O，得出等物质的量的烃完全燃烧耗氧量由（x+ ）值决定， （

5、x+ ）的值越大，消耗氧气的量就越多3下列反应属于取代反应的是（ ）A 甲醇甲醛B 丙醛丙酸C 苯酚三溴苯酚D 丁醇丁烯考点：取代反应与加成反应；有机化学反应的综合应用 专题：有机反应 分析：根据取代反应的定义“有机化合物分子里的某些原子或原子团被其它原子或原子团所 代替的反应”进行判断 解答：解：A、甲醇被氧气氧化生成甲醛，属于氧化反应，故 A 错误； B、丙醛丙酸，醛基变为羧基，属于氧化反应，故 B 错误； C、苯酚和溴反应，苯酚中苯环上的氢原子被溴原子取代生成三溴苯酚，属于取代反应， 故 C 正确； D、丁醇在一定条件下反应生成丁烯和水，属于消去反应，故 D 错误； 故选 C 点评：本题

6、考查了取代反应、加成反应、消去反应和氧化反应的判断，难度不大，正确理 解概念是解本题的关键4分子式为 C5H12O 的醇，其分子结构中有一个碳原子不跟氢原子直接相连，则该醇的分 子结构可能有（ ）A 1 种B 2 种C 3 种D 4 种考点：有机化合物的异构现象 专题：同分异构体的类型及其判定分析：分子式为 C5H12O 的饱和一元醇，书写烷烃的一元代物的异构体可以按照以下步 骤来做： （1）先确定烷烃的碳链异构，即烷烃的同分异构体； （2）找出等效的氢原子； （3）根据先中心后两边的原则，将羟基逐一去代替氢原子，据此判断符合条件的同分异构 体数目3解答：解：戊烷的同分异构体有CH3CH2CH

7、2CH2CH3、若为 CH3CH2CH2CH2CH3，饱和一元醇有：CH3CH2CH2CH2CH2OH；CH3CH2CH2CHOHCH3；CH3CH2CHOHCH2CH3；若为，饱和一元醇有：CH3CH（CH3）CH2CH2OH；CH3CH（CH3）CHOHCH3；CH3COH（CH3）CH2CH3；CH2OHCH（CH3）CH2CH3；若为，饱和一元醇有：CH3C（CH3）2CH2OH，其中分子结构中有一个碳原子不跟氢原子直接相连的醇为 CH3COH（CH3） CH2CH3；CH3C（CH3）2CH2OH； 故符合条件有 2 种 故选 B 点评：本题考查了取代物限制条件同分异构体的判断，难度

8、中等，根据等效氢原子即可完 成，注意减链法书写同分异构体5能用分液漏斗分离的混合物是（ ）A 液溴和四氯化碳B 乙醇和乙酸C 氯化钙和碳酸钠溶液D 苯和蒸馏水考点：物质的分离、提纯和除杂 分析：能用分液漏斗分离的混合物，二者不互溶，出现分层，以此来解答 解答：解：A液溴和四氯化碳混合不分层，应利用蒸馏法分离，故 A 错误； B乙醇和乙酸混合不分层，应利用蒸馏法分离，故 B 错误； C氯化钙和碳酸钠溶液互溶，不分层，故 C 错误； D苯和蒸馏水混合分层，苯在上层，则能用分液漏斗分离，故 D 正确 故选 D 点评：本题考查物质分离、提纯，为高频考点，把握物质的性质、分液和蒸馏原理为解答 的关键，注

9、重基础知识的考查，题目难度不大6下列反应的生成物为纯净物的是（ ）A CH4与 Cl2光照B 氯乙烯加聚C 乙烯和氯化氢加成D 丙烯和氯化氢加成考点：有机化学反应的综合应用 专题：有机反应分析：A、CH4与 Cl2光照可以发生一氯取代，二氯取代，三氯取代，四氯取代4B、有机高分子中各个分子单体的数目不同，使高分子化合物成为各个不同分子数目的化 合物的混合体 C、乙烯和氯化氢加成，只有一种产物 D、丙烯和氯化氢加成，氯原子连接不饱和的碳原子有两种 解答：解：A、产物中有一氯甲烷，二氯甲烷，三氯甲烷，四氯甲烷，没有反应掉的甲 烷和氯气等，故 A 错误； B、氯乙烯加聚反应产物中各个分子单体的数目不

10、同，即聚合度不同，故 B 错误； C、乙烯和氯化氢加成，生成氯乙烷，只有一种产物，故 C 正确；D、丙烯和氯化氢加成，可以生成 1氯丙烷和 2氯丙烷，故 D 错误故选：C 点评：以纯净物概念为载体，考查取代反应、加成反应、同分异构体等，难度不大，理解 有机反应类型的特点，学以致用7下列化学方程式正确的是（ ）A CH3CH=CH2+Br2（水溶液）CH2BrCH=CH2+HBrB nCH3CH=CH2nC CH2=CHCH=CH2+Br2CH2Br2CH=CHCH3D CH3CH2OHCH2=CH2+H2O考点：化学方程式的书写；烯烃 专题：有机反应 分析：A、丙烯和溴发生了加成反应，碳碳双键

11、断裂变成单键，不是取代反应；B、丙烯加成聚合反应，生成产物应该是；C、生成产物应该是 1，4二溴2 丁烯；D、该反应是实验室制取乙烯的原理 解答：解：A、丙烯和溴水发生的是加成反应，不是取代反应，故 A 错误；B、丙烯加成聚合反应中，生成的结构单元书写错误，正确应该是，故 B错误；C、1，3丁二烯发生是 1，4 加成反应，生成了 1，4二溴2 丁烯，故 C 错误；D、乙醇发生消去反应正确乙烯，书写正确，故 D 正确； 故选 D5点评：本题考查有机反应化学方程式的书写，注意反应类型，难度中等8CaC2和 MgC2都是离子化合物，下列叙述中正确的是（ ） CaC2和 MgC2都能跟水反应生成乙炔C

12、aC2在水中以 Ca2+和 C22形式存在C22的电子式MgC2的熔点低，可能在 100以下A B C D 考点：镁、铝的重要化合物；电子式；离子化合物的结构特征与性质 分析：根据碳化钙的性质判断碳化镁的性质； 根据是否与水反应判断； 根据离子键的成键情况判断； 根据化合物的所属类型判断 解答：解：碳化钙和水反应，根据性质的相似性，碳化镁和水也反应生成乙炔，故 正确；碳化钙和水反应生成氢氧化钙和乙炔，所以不能在水中以 Ca2+和 C22形式存在，故错误；C22的电子式为，故正确；碳化镁是离子化合物，熔沸点较高，可能在 100以上，故错误， 故选 C 点评：本题以碳化钙为载体考查了离子化合物的结

13、构特征与性质，我们虽然没学过碳化镁， 但利用性质的相似性可以推断它的性质，要学会知识迁移的方法解决问题9m mol C2H2跟 n mol H2在密闭容器中反应，当该反应（可逆）进行到一定程度时，生 成 p mol C2H4将反应后的混合气体完全燃烧，生成 CO2和 H2O，所需氧气的物质的量是 （ ）A （3m+n）molB （+ 3p）molC （+ ）mol D （3m+n+2p）mol考点：有关混合物反应的计算 分析：无论乙炔和氢气反应程度如何，根据原子守恒，混合物中各元素的原子个数不变， 物质的量不变先计算出碳原子、氢原子的物质的量，然后根据碳氢原子的物质的量求出 所需氧气的物质的量

14、 解答：解：无论乙炔和氢气反应程度如何，根据原子守恒，混合物中各元素的原子个数 不变，物质的量不变，则碳氢元素的物质的量分别为：C2H22C2H 1 2 2 6mmol 2mmol 2mmol H22H 1 2 nmol 2nmol 所以混合物中碳原子的物质的量为 2mmol，氢原子的物质的量为（2m+2n）mol，根据碳氢元素完全燃烧可知 C+O2CO2、2H2+O22H2O，所以混合气体完全燃烧所需氧气为 2mmol+mol=mol=（+ ）mol，故选 C 点评：本题考查了化合物反应的计算，题目难度不大，注意掌握质量守恒定律在化学计算 中的应用，试题培养了学生的分析、理解能力及化学计算能

15、力10下列反应中原子利用率高，符合“绿色化学”要求，无污染环境因素的是（ ）A 乙烷与 Cl2反应制氯乙烷B 乙醇和浓硫酸共热制乙烯C 乙酸和乙醇共热酯化D 乙烯在催化剂作用下直接氧化制得唯一产物乙醛考点：绿色化学；有机化学反应的综合应用 分析：“绿色化学”就是要求原料物质中的所有原子完全被利用，全部转入期望的产物中， 原子的利用率 100%，无污染、无公害的化学，常见的反应类型有：化合反应、加成反应、 加聚反应，据此即可解答解答：解：A由乙烷与氯气在光照条件下发生反应得到的产物有：一氯乙烷，1，1二氯乙烷，1，2二氯乙烷，1，1，2三氯乙烷，1，1，2，2四氯乙烷，1，1，1，2四氯乙烷，1，1，1，2，2五氯乙烷，六氯乙烷和氯化氢，产物不唯一，不符合绿色化学思想，故 A错误；BCH3CH2OHCH2=CH2+H2O，还有水生成，原子的利用没有全部转入期望的产物中，不符合绿色化学思想，故 B 错误； C乙酸和乙醇在浓硫酸作用下加热CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O，生成乙酸乙酯和水，原子的利用没有全部转入期望的产物中，不符合绿色化学思想，故 C 错误；D乙烯在催化剂作用下直接氧化制得唯一产物乙醛，2C2H