《【物理】山西省大同市星原学校2015届高三（上）第五次质检》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【物理】山西省大同市星原学校2015届高三（上）第五次质检（27页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、12014-20152014-2015 学年山西省大同市星原学校高三（上）学年山西省大同市星原学校高三（上）第五次质检物理试卷（复兴班）第五次质检物理试卷（复兴班）一、选择题（本题一、选择题（本题 1616 小题，每小题小题，每小题 3 3 分，共分，共 4848 分，其中分，其中 1 1，3 3，6 6，7 7，9 9，1010，1212，1515 小小题为多项选择，全部选对的得题为多项选择，全部选对的得 3 3 分，选对但不全得分，选对但不全得 1.51.5 分，有选错或不答得分，有选错或不答得 0 0 分）分）1（3 分）（2014 秋左云县校级月考）在物理学发展的过程中，许多物理学家的
2、科学研究推动了人类文明的进程在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是（ ）A英国物理学家牛顿用实验的方法测出万有引力常量 GB第谷接受了哥白尼日心说的观点，并根据开普勒对行星运动观察记录的数据，应用严密的数学运算和椭圆轨道假说，得出了开普勒行星运动定律C元电荷 e 的数值最早是由物理学家密立根测得的，这是他获得诺贝尔物理学奖的重要原因D牛顿在归纳总结了伽利略、笛卡尔等科学家结论的基础上，得出了牛顿第一定律考点： 物理学史分析： 解决本题可根据卡文迪许、牛顿、开普勒、密立根等科学家对物理学发展的贡献进行解答解答： 解：A、英国物理学家牛顿发现了万有引力定律，英国物理学家卡文迪许用实
3、验的方法测出万有引力常量 G故 A 错误B、开普勒接受了哥白尼日心说的观点，并根据第谷对行星运动观察记录的数据，应用严密的数学运算和椭圆轨道假说，得出了开普勒行星运动定律故 B 错误C、元电荷 e 的数值最早是由物理学家密立根通过油滴实验测得的，他因此获得了诺贝尔物理学奖故 C 正确D、牛顿在归纳总结了伽利略、笛卡尔等科学家结论的基础上，得出了牛顿第一定律故 D 正确2故选：CD点评： 物理学史是考试内容之一，对于物理学家的成就要记牢，不能混淆基本题，不能失分2（3 分）（2014 秋左云县校级月考）带电粒子在只受电场力作用的情形下，由静止开始运动，以下说法中正确的是（ ）A粒子总是由电场强度
4、大的地方向电场强度小的地方运动B粒子总是由电势高处向电势低处运动C粒子总是由电势能高处向电势能低处运动D粒子总是沿电场线方向运动考点： 电场线；电势版权所有分析： 电场强度描述电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关公式 U=Ed 中，d 是两点沿电场线方向的距离沿场强的方向电势一定是降低的，但电势降低的方向不一定是场强的方向场强不为零的点，电势可以为零解答： 解：A、带电粒子在只受电场力作用的情形下，由静止开始运动，如果是正电荷，则由电势高的地方指向电势低的地方，而电场强度可能增大故 A 错误；B、带电粒子在只受电场力作用的情形下，由静止开始运动，正电荷是由电势高的地方指向电势低的地方，负电荷
5、是由电势低的地方指向电势高的地方故 B 错误；C、带电粒子在只受电场力作用的情形下，由静止开始运动，电势能转化为动能，粒子总是由电势能高处向电势能低处运动故 C 正确；D、粒子由静止开始运动，正电荷是由电势高的地方指向电势低的地方，负电荷是由电势低的地方指向电势高的地方，不一定沿电场线的方向运动故 D 错误故选：C3点评： 对于物理公式，首先要准确理解各个量的含义，其次要掌握公式适用的条件，要注意电场中电荷的电性3（3 分）（2011佛山一模）“儿童蹦极”中，栓在腰间左右两侧的是弹性极好的橡皮绳质量为 m 的小明如图静止悬挂时两橡皮绳的拉力大小均恰为 mg，若此时小明左侧橡皮绳在腰间断裂，则小
6、明此时（ ）A速度为零B加速度 a=g，沿原断裂绳的方向斜向下C加速度 a=g，沿未断裂绳的方向斜向上D加速度 a=g，方向竖直向下考点： 牛顿第二定律；力的合成与分解的运用专题： 牛顿运动定律综合专题分析： 小明静止时受到重力和两根橡皮条的拉力，处于平衡状态，三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；撤去一个力后，其余两个力未变，故合力与撤去的力等值、反向、共线，求出合力后根据牛顿第二定律求解加速度解答： 解：小明静止时受到重力和两根橡皮条的拉力，处于平衡状态，如图4由于 T1=T2=mg，故两个拉力的合力一定在角平分线上，且在竖直线上，故两个拉力的夹角为 120，当右
7、侧橡皮条拉力变为零时，左侧橡皮条拉力不变，重力也不变；由于三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故左侧橡皮条拉力与重力的合力与右侧橡皮条断开前的弹力反方向，大小等于 mg，故加速度为 g；故选：AB点评： 本题关键是对小明受力分析后，根据三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线来确定撤去一个力后的合力，再根据牛顿第二定律求解加速度4（3 分）（2014上饶二模）如图，一小球从一半圆轨道左端 A 点正上方某处开始做平抛运动（小球可视为质点），飞行过程中恰好与半圆轨道相切于 B 点O 为半圆轨道圆心，半圆轨道半径为 R，OB 与水平方向夹角为 60，
8、重力加速度为 g，则小球抛出时的初速度为（ ）ABCD考点： 平抛运动5专题： 平抛运动专题分析： 根据平抛运动速度与水平方向夹角的正切值等于位移与水平方向夹角正切值的 2 倍，求出竖直方向上的位移，从而求出竖直方向上的分速度，根据速度方向求出平抛运动的初速度解答： 解：飞行过程中恰好与半圆轨道相切于 B 点，知速度与水平方向的夹角为 30，设位移与水平方向的夹角为 ，则 tan=因为 tan=，则竖直位移 y=.所以，故 B 正确，A、C、D 错误故选 B点评： 解决本题的关键掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住速度方向，结合位移关系、速度关系进行求解5（3 分）（2014 秋
9、左云县校级月考）如图所示，弹簧下端悬一滑轮，跨过滑轮的细线两端系有 A、B 两重物，mB=2kg，不计线、滑轮质量及摩擦，将 A、B 两重物由静止释放后，弹簧的示数不可能为：（g=10m/s2）（ ）A40NB60NC70ND100N考点： 牛顿第二定律；力的合成与分解的运用6专题： 牛顿运动定律综合专题分析： 由于 A 的质量不确定，分析两个物体的质量相等和不等两种情况研究弹簧的示数两个物体的质量相等时，根据平衡条件求解弹簧的示数当两个物体的质量不等时，根据牛顿第二定律分析细线拉力的范围，得到弹簧示数的范围，再进行选择解答： 解：当 mBmA时，B 向下做加速运动，处于失重状态，细线的拉力
10、TmBg，弹簧的示数为 F=2T2mBg=40N当 mB=mA时，弹簧的示数为 F=2T=2mBg=40N当 mBmA时，B 向上做加速运动，处于超重状态，细线的拉力 TmBg，两物体的加速度大小 ag，所以根据牛顿第二定律得知：细线的拉力 T2mBg，弹簧的示数为F=2T4mBg=80N故弹簧的示数可以为 40N 至 80N；故 ABC 正确，D 错误；本题选错误的；故选：D点评： 本题运用平衡条件和牛顿第二定律分析弹簧示数的范围，根据超重和失重知识分析细线拉力与 B 的重力关系6（3 分）（2014黄梅县校级模拟）如图所示，在水平地面上固定一个倾角为 的足够长的光滑斜面，质量为 m=1kg
11、 的小滑块从斜面底端在与斜面平行的恒力 F 作用下由静止开始沿斜面上升，经过时间 t 撤去恒力 F，又经过时间 t 物体回到斜面底端，此时物体的动能为 32J，则下列说法正确的是（ ）A拉力 F 做的功为 8JB拉力 F 做的功为 32JC物体回到底端的速度是撤去拉力时的速度的 2 倍7D运动过程中动能和重力势能相等的位置在撤去拉力时的位置的上方考点： 功的计算；动能定理专题： 动能定理的应用专题分析： 根据能量守恒，除了重力之外的力对物体做功时，物体的机械能就要增加，增加的机械能等于外力作功的大小由运动学可得物体回到底端的速度与撤去拉力时的速度关系由动量定理可得 F 与 mg 的关系，进而得
12、到撤去力 F 时重力做的功，可知此时的重力势能，比较动能可知动能与重力势能相等的位置解答： 解：AB、根据能量守恒，除了重力之外的力对物体做功时，物体的机械能就要增加，增加的机械能等于外力作功的大小，由于拉力对物体做的功为 32J，所以物体的机械能要增加 32J，撤去拉力之后，物体的机械能守恒，所以当回到出发点时，所有的能量都转化为动能，所以动能为 32J，所以 A 错误，B 正确C、设撤去 F 时物体的速度大小为 v，物体回到出发点时的速度大小为 v，取沿斜面向上方向为正方向据题分析得知，撤去 F 后 t 时间内物体做匀减速直线运动的位移与 t 时间内匀加速直线运动的位移大小，方向相反，则有
13、，解得：v=2v故 C 正确D、根据动量定理得：匀加速运动过程：Ftmgsint=mv匀减速运动过程：mgsint=mvmv联立解得，F=1.5mgsin故 B 错误匀加速运动过程：WF=Fs=32J，将 F=1.5mgsin 代入得到 1.5mgsins=32J，得到mgsins=21J则撤去力 F 时，物体的重力势能是 Ep=mgsins=21J撤去 F 时物体的动能为 Ek=WFmgsins=32J21J=11J，撤去力 F 时，物体的重力势能是 Ep=21J可见此时物体的动能大于重力势能，撤去后物体的动能减小，而重8力势能增大，则动能与势能相同的位置在撤去力 F 之前的某位置故 D 错
14、误故选：BC点评： 本题是动能定理、动量定理、运动学公式等等力学规律的综合应用，关键要抓住两个过程之间的位移关系和时间关系，确定末速度的关系7（3 分）（2006 秋绍兴县期末）如图所示的电路中，滑动变阻器的滑片 P 从 a 滑向 b的过程中，3 只理想电压表的示数变化的绝对值分别为U1、U2、U3，下列各值可能出现的是（ ）AU1=3V、U2=2V、U3=1VBU1=1V、U2=3V、U3=2VCU1=0.5V、U2=1V、U3=1.5VDU1=0.2V、U2=1V、U3=0.8V考点： 闭合电路的欧姆定律专题： 恒定电流专题分析： 滑动变阻器的滑片 P 从 a 滑向 b 的过程中，变阻器接
15、入电路的电阻减小，电路中电流增大，电灯两端的电压增大，路端电压减小，分析变阻器两端电压的变化，根据路端电压的变化，判断U2、U3的大小解答： 解：滑动变阻器的滑片 P 从 a 滑向 b 的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，电灯两端的电压 U2增大，电源的内电压增大，则路端电压 U1减小，则变阻器两端电压 U3减小由于 U1=U2+U3，U1减小，则知U2U3，U1U2，所以U1=1V、U2=3V、U3=2V；U1=0.2V、U2=1V、U3=0.8V 是可能的，U1=3V、U2=2V、U3=1V；U1=0.5V、U2=1V、U3=1.5V 不可能故 BD 正确，AC错误9故选 BD点评： 本题解题的关键是抓住 U1=U2+U3，根据总量法分析三个电压表读数变化量的大小8（3 分）（2012梅江区校级三模）为了探测某星球，载着登陆舱的探测飞船在该星球中心为圆心，半径为 r1的圆轨道上运动，周期为 T1，总质量为 m1随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为 r2 的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为 m2，则（ ）A该星球的质量为 M=B该星球表面的重力加速度为 g=C登陆舱在 r1与 r2轨道上运动时的速度大小之比为=D登陆舱在半径为 r2轨道上做圆周运动的周期为 T2=T1考点： 万有引力定律及其应用；向心力专题： 万
