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1、12013-20142013-2014 学年山东省潍坊市临朐六中高三（上）抽测学年山东省潍坊市临朐六中高三（上）抽测物理试卷物理试卷一、选择题（每小题一、选择题（每小题 4 4 分，共分，共 4040 分；有的小题只有一个选项符合题意，有的小题有多个选分；有的小题只有一个选项符合题意，有的小题有多个选项符合题意，全部选对的得项符合题意，全部选对的得 4 4 分，选对但不全的得分，有选错或不答的得分，选对但不全的得分，有选错或不答的得 0 0 分）分）1 （4 分） （2009安徽）大爆炸理论认为，我们的宇宙起源于 137 亿年前的一次大爆炸除开始瞬间外，在演化至今的大部分时间内，宇宙基本上是匀
2、速膨胀的上世纪末，对 1A 型超新星的观测显示，宇宙正在加速膨胀，面对这个出人意料的发现，宇宙学家探究其背后的原因，提出宇宙的大部分可能由暗能量组成，它们的排斥作用导致宇宙在近段天文时期内开始加速膨胀如果真是这样，则标志宇宙大小的宇宙半径 R 和宇宙年龄的关系，大致是下面哪个图象？（ ）ABCD考点： 匀变速直线运动的位移与时间的关系专题： 信息给予题分析： 由题意，宇宙加速膨胀，在位移时间的图象中，直线的斜率表示的就是速度的大小，分析直线的斜率的变化即可得出结论解答： 解：图象中的纵坐标宇宙半径 R 可以看作是星球发生的位移 x，因而其切线的斜率就是宇宙半径增加的快慢程度由题意，宇宙加速膨胀
3、，其半径增加的速度越来越大，所以 C 准确故选：C点评： 本题的关键是要根据题目的介绍分析出宇宙加速膨胀的含义，即宇宙的半径增加的速度在变大22 （4 分） （2014河北模拟）两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在 00.4s 时间内的vt 图象如图所示若仅在两物体之间存在相互作用，则物体甲与乙的质量之比和图中时间 t1分别为（ ）A和 0.30sB3 和 0.30sC和 0.28sD3 和 0.28s考点： 匀变速直线运动的图像专题： 运动学中的图像专题分析： 先根据三角形相似知识求出 t1，再根据速度图象的斜率等于加速度求出甲乙的加速度大小，由牛顿第二定律和第三定律求解两物体质量之比解答：
4、 解：根据三角形相似得：= ，得 t1=0.3s根据速度图象的斜率等于加速度，得到：甲的加速度大小为 a甲=，乙的加速度大小为 a乙=10m/s2据题，仅在两物体之间存在相互作用，根据牛顿第三定律得知，相互作用力大小相等，由牛顿第二定律 F=ma 得：两物体的加速度与质量成反比，则有质量之比为 m甲：m乙=a乙：a甲=3：1故选：B点评： 本题一方面考查速度图象的斜率等于加速度；另一方面考查运用数学知识解决物理问题的能力33 （4 分） （2009重庆）据报道， “嫦娥一号”和“嫦娥二号”绕月飞行器的圆形轨道距月球表面分别约为 200Km 和 100Km，运动速率分别为 v1和 v2，那么 v
5、1和 v2的比值为（月球半径取 1700Km） （ ）ABCD考点： 万有引力定律及其应用专题： 计算题；压轴题分析： 研究卫星绕月球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出速度根据题目中已知量的关系求出 v1和 v2的比值解答： 解：“嫦娥一号”和“嫦娥二号”绕月作圆周运动，由万有引力提供向心力有=可得 V=（M 为月球质量，R 为轨道半径） ，它们的轨道半径分 R1=1900Km、R2=1800Km，则 v1：v2=故选 C点评： 本题考查了万有引力在天体中的应用，解题的关键在于找出向心力的来源，并能列出等式解题向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应
6、用求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再进行之比4 （4 分） （2002河南）跨过定滑轮的绳的一端挂一吊板，另一端被吊板上的人拉住，如图所示已知人的质量为 70kg，吊板的质量为 10kg，绳及定滑轮的质量、滑轮的摩擦均可4不计取重力加速度 g=10m/s2当人以 440N 的力拉绳时，人与吊板的加速度 a 和人对吊板的压力 F 分别为（ ）Aa=1.0m/s2，F=260NBa=1.0m/s2，F=330NCa=3.0m/s2，F=110NDa=3.0m/s2，F=50N考点： 牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；牛顿第三定律专题： 整体法和隔离法；牛顿运动定律
7、综合专题分析： 将人与吊板当成一个整体，对整体进行受力分析，由牛顿第二加速定律可求得整体的加速度；再以人为研究对象，由牛顿第二定律可求得吊板对人的拉力，再由牛顿第三定律可求得人对吊板的压力解答： 解：以整体为研究对象，整体受重力、两根绳子的拉力； 由牛顿第二定律可知：整体的加速度 a=m/s2=1.0m/s2；以人为研究对象，由牛顿第二定律可知：T+Fmg=ma解得人受吊板的支持力 F=mgT+ma=700N440N+70N=330N；由牛顿第三定律可知人对吊板的压力为 330N；故选 B点评： 本题考查牛顿第二定律的应用，在解题时要注意整体法与隔离法的应用，灵活选取研究对象进行列式求解55
8、（4 分） （2008海南）如图，理想变压器原副线圈匝数之比为 4：1原线圈接入一电压为 u=U0sint 的交流电源，副线圈接一个 R=27.5 的负载电阻若U0=220V，=100 rad/s，则下述结论正确的是（ ）A副线圈中电压表的读数为 55VB副线圈中输出交流电的周期为sC原线圈中电流表的读数为 0.5AD原线圈中的输入功率为 110W考点： 变压器的构造和原理专题： 交流电专题分析： 根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论解答： 解：A、由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为 220V，所以原线圈的电压的有效值为=220V
9、，在根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为 55V，即为电压表的读数，所以 A 正确B、变压器不会改变电流的周期，电流的周期为 T=s=s，所以 B 错误C、副线圈的电流为A=2A，根据电流与匝数成反比可得，原线圈的电流大小为6A=0.5A，所以 C 正确D、变压器的输入功率和输出功率相等，副线圈的功率为 P=W=110W，所以原线圈中的输入功率也为 110W，所以 D 错误故选：AC点评： 掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题6 （4 分） （2013开封四模）如图，O 是一固定的点电荷，另一点电荷 P 从很远处以初速度v0射入点电荷 O 的
10、电场，在电场力作用下的运动轨迹是曲线 MNa、b、c 是以 O 为中心，Ra、Rb、Rc为半径画出的三个圆，RcRb=RbRa1、2、3、4 为轨迹 MN 与三个圆的一些交点，以|W12|表示点电荷 P 由 1 到 2 的过程中电场力做的功的大小，|W34|表示由 3 到 4 的过程中电场力做的功的大小，则（ ）A|W12|=2|W34|B|W12|2|W34|CP、Q 两电荷可能同号，也可能异号DP 的初速度方向的延长线与 O 之间的距离可能为零考点： 电势能；电场强度7专题： 电场力与电势的性质专题分析： 根据 2、3 间和 3、4 间电场强度的大小关系，由公式 U=Ed 分析它们间电势差
11、的关系，再分析电场力做功的大小由轨迹可判定 P、Q 必定是异号若 P 的初速度方向的延长线与 O 之间的距为零，点电荷将做直线运动解答： 解：A、B 根据电场线的分布情况可知，2、3 间的场强大于 3、4 间场强，由公式U=Ed 分析得知，2、3 间的电势差大于 3、4 间的电势差，所以 1、2 间的电势差大于3、4 间电势差的 2 倍，即有|U12|2|U34|，由电场力做功公式 W=qU 得，|W12|2|W34|故 A 错误，B 正确C、由轨迹的弯曲方向可判定两电荷间存在引力，是异号故 C 错误D、若 P 的初速度方向的延长线与 O 之间的距为零，点电荷将做直线运动，与题不符故 D 错误
12、故选 B点评： 本题是电场中轨迹问题，由 U=Ed 定性分析非匀强电场中两点间电势差的关系，由轨迹弯曲方向判断电场力方向都是常见的问题，要加强训练，熟练掌握7 （4 分） （2013 春重庆期中）如图所示，在一匀强磁场中有一 U 形导线框 abcd，线框处于水平面内，磁场与线框平面垂直，R 为一电阻，ef 为垂直于 ab 的一根导体杆，它可以在ab、cd 上无摩擦地滑动杆 ef 及线框中导线的电阻都可不计开始时，给 ef 一个向右的冲量，则（ ）Aef 将匀速向右运动Bef 将往返运动Cef 将减速向右运动，但不是匀减速8Def 将加速向右运动考点： 导体切割磁感线时的感应电动势；力的合成与分
13、解的运用；牛顿第二定律专题： 电磁感应中的力学问题分析： 金属棒向右运动时会切割磁感线产生电动势和感应电流，金属杆 ef 受到向左的安培力做减速运动，速度减小会造成电动势、电流减小，安培力也随之减小，所以物体做减速运动的加速度会减小，直到速度为零时金属杆静止解答： 解：金属棒向右运动时会切割磁感线产生电动势和感应电流，根据右手定则判断可知，ef 中感应电流方向从 f 到 e根据左手定则判断可知，ef 所受的安培力向左，则 ef 将减速向右运动感应电流表达式为：I= =，金属棒所受的安培力：F=BIL=，随着速度的减小，安培力减小所以 ef 做加速度减小的变减速运动，最终停止运动，故 C 正确，
14、ABD 错误故选：C点评： 此类题目的解题关键点是能够灵活应用法拉第电磁感应定律与右手定则、左手定则，推导出安培力的表达式判断其变化8 （4 分） （2014泰安二模）如图，质量为 M、长度为 L 的小车静止在光滑的水平面上质量为 m 的小物块（可视为质点）放在小车的最左端，现用一水平恒力 F 作用在小物块上，使小物块从静止开始做匀加速直线运动小物块和小车之间的摩擦力为 Ff，小物块滑到小车的最右端时，小车运动的距离为 x在这个过程中，以下结论正确的是（ ）A小物块到达小车最右端时具有的动能为（FFf） （L+x）9B小物块到达小车最右端时，小车具有的动能为 FfxC小物块克服摩擦力所做的功为
15、 Ff（L+x）D小物块和小车增加的机械能为 Fx考点： 动能定理；功的计算；机械能守恒定律专题： 动能定理的应用专题分析： 木块加速运动，木板也做加速运动，对木块、木板、木块和木板整体分别运用动能定理列式分析即可要注意位移的参照物解答： 解：A、对物块分析，物块相对于地的位移为 L+x，根据动能定理得：（FFf）（L+x）= mv20，则知物块到达小车最右端时具有的动能为（FFf） （L+x） 故A 正确B、对小车分析，小车对地的位移为 x，根据动能定理得：Ffx= Mv20，则知物块到达小车最右端时，小车具有的动能为 Ffx故正确C、物块相对于地的位移大小为 L+x，则物块克服摩擦力所做的
16、功为 Ff（L+x） 故 C正确D、根据能量转化和守恒定律得知：外力 F 做的功等于小车和物块增加的机械能和摩擦产生的内能之和，则有：F（L+x）=E+Q，则物块和小车增加的机械能为E=F（L+x）FfL故 D 错误故选：ABC点评： 本题关键是灵活地选择研究对象进行受力分析，再根据动能定理列式后分析求解109 （4 分） （2013 秋临朐县校级月考）如图所示的虚线区域内，充满垂直于纸面向里的匀强磁场和竖直向下的匀强电场一带电粒子 a（不计重力）以一定的初速度由左边界的 O点射入磁场、电场区域，恰好沿直线由区域右边界的 O点（图中未标出）穿出若撤去该区域内的磁场而保留电场不变，另一个同样的粒子 b（不计重力）仍以相同初速度由 O点射入，从区域右边界
