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1、二选择题：共二选择题：共 8 小题，每小题小题，每小题 6 分。每小题的四个选项中，第分。每小题的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题题只有一项符合题目要求，第目要求，第 1921 题有多项符合题目要求。全部选对的得题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 分，有分，有选错的得选错的得 0 分。分。14智能手机电池“快速充电技术”可以使用户在短时间内完成充电比如对一块额定电压3.7 V、容量 1430 毫安时的电池充电，可以在半小时内将电池充到满容量的 75%结合本段文字和你所学知识，关于“快速充电技术”，你认为下列叙述中比较合理的是A这里所提到的
2、“毫安时”指的是一种能量单位B这里所提到的“满容量的 75%”是指将电池电压充到 3.7 V 的 75%C快速充电技术提高了锂电池的原有容量D对额定电压 3.7 V 的锂电池充电，其充电电压应高于 3.7 V15如图所示，用轻质绝缘细线把两个带等量异种电荷的小球悬挂起来今将该系统移至与水平方向成 30角斜向右上方向的匀强电场中，达到平衡时，表示平衡状态的图可能是 C16 “神舟十一号”飞船于 2016 年 10 月 19 日凌晨与“天宫二号”顺利实现对接如图所示，对接前， “天宫二号”在离地高度为 393 公里的 I 号圆形轨道上运行， “神舟十一号”飞船经过多次变轨后进入 II 号对接椭圆轨
3、道，两轨道相切于 P 点，对接合体后， “神舟十一号”飞船与“天宫二号”一起在 I 号轨道上绕地球运行，则有A “天宫二号”在 I 号轨道上的运行周期大于“神舟十一号”飞船在II 号轨道上的运行周期B “天宫二号”在 I 号轨道上的运行速度大于第一宇宙速度C “天宫二号”在 I 号轨道上的加速度大于地球表面重力加速度D “神舟十一号”飞船运行到 P 点时应减速以完成对接17图甲为 A、B 两电学元件的伏安特性曲线，若把两元件串联并在两端加上电压 U0，如图乙所示则有A电路中电流B电路中电流0=2II0 2II C元件 B 分得电压D元件 B 分得电压0 2BUU0 2BUU 18如图所示，在匀
4、速转动的电动机带动下，足够长的水平传送带以恒定速率 v1匀速向右运动一质量为 m 的滑块从传送带右端以水平向左的速率 v2(v2v1)滑上传送带，最终滑块又返回至传送带的右端就上述过程，下列判断正确的是A滑块返回传送带右端时的速率为 v2B此过程中传送带对滑块做功为22 2111 22mvmvC此过程中电动机做功为2 11 2()m vv vD此过程中滑块与传送带间摩擦产生的热量为2 11 2()m vv v19图中所示是一种电四极子，4 个点电荷分布于正方形的四个顶点，带电量均为 q，两个为正电荷，两个为负电荷，O 为电四极子的中心，OP 为水平直线，且与电四极子的一边平行，则下列说法正确的
5、是AP 点场强方向垂直 OP 向上BO 点电势比 P 点电势高CO 点场强小于 P 点场强D将一个正电荷沿 OP 连线从 O 移动到 P 点，电场力做正功，电势能减小20如图所示，平行板电容器充电后与电源断开，竖直放置，与两板上边缘等高处有两个质量相同的带电小球，P 小球从紧靠左极板处由静止释放，Q 小球从两板正中央由静止释放，两小球最终都运动到右极板的中点，不考虑两小球之间的库仑力作用，则从开始释放到小球运动到右极板的过程中A电势能减少量之比EP：EQ=4：1B动能增加量之比EkP：EkQ=4：1C两小球释放位置不变，只将右板左移一小段距离，两小球将打在右板的同一点D两小球释放位置不变，只将
6、右板左移一小段距离，两小球将打在右板不同的点21如图所示，边长为 l 的正方形区域 abed 内存在匀强电场，场强方向与 bc 边平行电量为 q(q0)，动能为 Ek的带电粒子从 a 点沿 ab 方向进入电场，不计粒子重力，则有A若粒子恰好从 C 点离开电场，则离开电场时粒子动能为5kEB若粒子恰好从 C 点离开电场，则场强5kEEqlC若粒子离开电场时动能为 2Ek，则粒子一定从 bc 边离开电场D若粒子离开电场时动能为 2Ek，则场强2kEEql22.（5 分）分）在在探探究究两两电电荷荷间间相相互互作作用用力力的的大大小小与与哪哪些些因因素素有有关关的的实实验验中中，一一同同学学猜猜想想
7、可可能能与与两两电电荷荷的的间间距距和和带带电电量量有有关关。他他选选用用带带正正电电的的小小球球A 和和 B，A 球球放放在在可可移移动动的的绝绝缘缘座座上上，B 球球用用绝绝缘缘丝丝线线悬悬挂挂于于玻玻璃璃棒棒C 点点，如如图图所所示示。若若始始终终保保持持A 球球和和 B 球球在在同同一一水水平平线线上上，B 球球质质量量为为m，悬悬线线与与竖竖直直方方向向夹夹角角为为，重重力力加加速速度度大大小小为为g。（1）A 球球对对 B 球球的的库库仑仑力力大大小小为为F=_。（2）保保持持两两球球电电荷荷量量不不变变，使使A 球球从从远远处处逐逐渐渐向向B 球球靠靠近近，观观察察到到两两球球距
8、距离离越越小小，B 球球悬悬线线的的偏偏角角 越越大大，表表明明两两电电荷荷之之间间的的作作用用力力，随随其其距距离离的的减减小小而而 _；保保持持两两球球距距离离不不变变，增增大大A 球球的的电电荷荷量量，观观察察到到电电荷荷量量越越大大，B 球球悬悬线线的的偏偏角角 越越大大，表表明明两两电电荷荷之之间间的的作作用用力力，随随其其所所带带电电荷荷量量的的增增大大而而 _；（3）在在上上述述探探究究实实验验中中应应用用的的科科学学方方法法是是_(（选填：（选填：“累积法累积法”、 “等效替代法等效替代法”、 “控控制变量法制变量法”或或“演绎法演绎法”） 。22.（1） （2 分） ；（2）
9、增大（1 分） ，增大（1 分） ；（3）控制变量法（1 分）tanmg23 （10 分）某同学利用图（a）所示电路测量电容器充电时两极板间的电压随时间的变化。 实验中使用的器材为：电池 E（内阻很小） 、开关 S1和 S2、电容器 C（约 100F） 、电阻R1（约 200k） 、电阻 R2（1k） 、电压表（量程 6V） 、秒表、导线若干。V(1)按图（a）所示的电路原理将图（b）中实物图连线。V+ +-CR2R1S2S1E+ +- - -VCR1R2S1S2E 图(a)图(b)图(c)(2)先闭合开关 S2，再断开开关 S2；闭合开关 S1，同时按下秒表开始计时。若某时刻 电压表示数如图
10、（c）所示，电压表的读数为_V（保留 2 位小数） 。 (3)该同学每隔 10s 记录一次电压表的读数 U，记录的数据如下表所示，在给出的坐标 纸上绘出 U-t 图线，已知只有一个数据点误差较大，该数据点对应的表中的时间是 _s 时间 t/s10.020.030.040.050.060.0 电压 U/V2.143.454.234.515.005.18CBAt/sU/V01020304050601.002.003.004.005.006.00(4) 电路中 C、R2和 S1构成的回路的作用是_。 23.（1）连线如图所示（2 分） （2）3.60V（3.59 或 3.61，同样给分） （2 分）
11、 （3）U-t 图线如图所示（2 分） 40s（2 分） （4）使充电的电容器很快放电，以便多次测量（2 分）+ +-CR2R1S2S1E+ +- - -24 （12 分）如图所示，竖直面内固定一半径为 R 的光滑绝缘圆环，O 为圆心，轻质弹簧一端固定在环上 A 点，另一端与穿在环上的带负电小球连接，弹簧原长为 2R空间存在水平向左的匀强电场(图中未画出)，小球所受电场力大小为重力的 2 倍在 B 点静止释放小球，小球恰能运动到 C 点己知小球质量为 m，重力加速度为 g，求（1）小球在 B 点时弹簧的弹性势能：（2）若把小球拉到 D 点由静止释放，其运动到 C 点时对环的作用力24.解：（1
12、）对于小球，从 B 点运动到 C 点，根据能量转化和守恒定律有（2 分）pmgREqER根据题意有 2qEmg联立解得 （2 分）pEmgR（2）小球从 D 点到 C 点，根据能量转化和守恒定律有 （2 分）21 2pmgRqEREmvt/sU/V01020304050601.002.003.004.005.006.00在 C 点，根据牛顿第二定律有 （2 分）2vFmgmR根据牛顿第三定律有 （2 分）FF 联立解得 （2 分）9Fmg 25 （20 分）如图所示，在光滑水平面上有一质量为 nm 的木板，木板上依次紧挨着排列有n 个质量均为 m 的可视为质点的小木块，从左向右依次编号为 1、
13、2、3n最初木板静止，n 个木块的初速度均向右，大小从左向右依次为 v0、2v0、3v0nv0，每个木块与木板间的动摩擦因数均为 ，设木板足够长，重力加速度为 g，求（1）若 n=3，木块和木板的最终速度和整个过程中产生的热量；（2）n 个物块与木板相对运动结束时 1、2 木块之间的距离：（3）第 k(kn)个木块运动过程中的最小速度来解：（1）以 3 块木块和木板为研究对象，根据动量守恒定律有（2 分）00023(33 )mvmvmvmm v解得 （1 分）0vv根据能量转化和守恒定律有（2 分）2222 0001111(2)(3 )(33 )2222Qmvmvmvmm v解得 （1 分）2
14、 04Qmv（2）经过分析可知，从左向右，每一个木块减速到与木板速度相同后再一起与木板加速， 即木块 1 先与木板共速，然后木块 2 减速，木块 1 与木板一起加速；接着木块 3 减速，木 块 1、2 与木板一起加速，。如此直到所有的木块速度与木板速度相同。每个木块减速 过程的加速度均为 （1 分）ag所有木块均减速时，对于木板有 （1 分）0nmgnm a左边第 1 块木块减速到与木板速度相同后与木板一起加速，第 1 块右边的所有（n-1）块木 块接着减速，对于木板与左边第 1 块木块，则有（1 分）1(1)()nmgnmma左边第 2 块木块减速到与木板速度相同后与木板一起加速，第 2 块
15、右边的所有（n-2）块木 块接着减速，对于木板与左边第 1、2 块木块，则有（1 分）2(2)(2 )nmgnmma设木块 1 经过时间 t1减速到与木板速度相同，则有： （1 分）010 1vata t解得 0 12vtg0 10 12vva t此时木块 2 的速度为 2010322vvatv设再经过时间 t2木块 2 减速到与木板速度相同，则有 （1 分）2211 2vatvat解得 0 2(1) 2nvtn g211 2021 2nvvatvn此时 1、2 均与木板相对静止，此后也与木板相对静止。 从初始到木块 2 恰相对木板静止这一过程：木块 1 的位移为： （1 分）22 10 111 21 211()22xv tatvtat（或者用平均速度计算 ）22 01012 1122621 228vvvvvnnxttng木块 2 的位移为 （1 分）2 20121212()()2xv tta tt（或者用平均速度计算 ）22 020 212221241()28vvvnnxttng木块 1、2 相对运动结束时的距离为 （1 分）2 0 2131 4vnxxxng 另外解法：作 v-t 图像。 图中阴影部
