《2015年高考第二轮专题总复习阶段 专题课件 第一阶段 专题二 功和能》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2015年高考第二轮专题总复习阶段 专题课件 第一阶段 专题二 功和能（27页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、专题讲义部分 专题二 第 1讲 第一阶段 第 2讲 考点谋略 专题特辑 考点谋略 专题特辑 返回 第一阶段 二轮专题复习 专题二 功和能 第 1讲 功 功率 动能定理 返回 考点谋略 例 1：思路点拨： 解答本题时应注意以下两点： (1)拉力的瞬时功率与 F、 (2)拉力 返回 解析： 上升的过程中，重力做负功，水平拉力 F 做正功，由动能定理得 2m 2m 0 ，所以 拉力做的功和重力做的功总是相等的，则拉力做功的功率和重力做功的功率也总是相等的，小球上摆过程中，竖直方向速度一定增大，重力功率 P mg v 一直增大，所以拉力做功的功率也是逐渐增大的。 答案： A 返回 例 2：思路点拨：
2、(1)汽车以最大功率行驶，加速度为零时，速度最大，动能最大； (2)汽车匀加速启动时，速度最大，功率也最大； (3)汽车恒定功率启动时，牵引力随速度增大而减小。 返回 解析： 汽车达到最大速度时，加速度为 0 ，牵引力等于阻力，汽车功率 P F v 所以最大速度 v 20 m /s ，对应的动能为 4 105J ， A 项正确；汽车以加速度 2 m / 引力 F 8 103N ，所以 2 s 末对应的实际功率为 P 32 k W ，能够维持匀加速运动的最长时间为 t 5 s ，对应的摩擦力做功为 2 105J ， B 项正确， C 项错误；当汽车保持额定功率启动时有解得其加速度为 a 6 m
3、/D 项正确。 答案： 回 例 3 ： 解析： ( 1) 轻杆开始移动时，弹簧的弹力 F 且 F f 解得 x ( 2) 设轻杆移动前小车对弹簧所做的功为 W ，则小车从撞击到停止的过程中 由动能定理得 f W 0 12m v 20 同理，小车以 W 0 12m v 2m 解得 v 203 m 返回 (3) 设轻杆恰好移动时，小车撞击速度为 v 21 W 由 解得 v 20m当 v v 20v v 当 v 20m v v 203 v v 20m。 答案 ： ( 1)( 2) v 20 3 m ( 3) 见解析 返回 专题特辑 课堂 1 选 设斜面倾角为 ，斜面底边长为 物体下滑过程 中克服阻力
4、做功 W m g c m 见 W 与斜面 倾角 无关， D 正确。 2 选 汽车在前 25 s 内的位移为 v t 图象与 t 轴所围面 积， x 总 450 m ，前 10 s 内汽车的平均速度 v 0 202m /s 10 m / s ，汽车在 15 25 s 内做匀加速直线运动， W 合 12m v 2212m v 21 375 000 J ，而由 F 因 无法 求前 10 s 内汽车的牵引力，故本题应选 A 、 C 、 D 。 D 回 3 选 由于两物块质量均为 m ，若 A 、 B 滑行的初速度相等 则初动能相等，由动能定理得 0 12m v 20，即滑动摩擦 力做的功相等， A 、
5、 B 错；若 A 、 B 滑行的最大位移相等，由 题意可知 v 202 2 v 201， B 的初动能是 A 的初动能的 2 倍，滑动 摩 擦力对 B 做的功是对 A 做功的 2 倍， C 错、 D 对。 D 返回 4 选 在该过程中合外力所做的功等于 能的 改变量为12m 2m v 20，根据动能定理得： 2m 12m v 20，因此物体克服空气阻力所做的功等于 m 12m v 2012m 项 C 正确。 C 返回 5 解析： ( 1) 以机车为研究对象，机车从静止出发至达到速度 最大值的过程，根据动能定理得 12m v 2 F m v 3 x 105W 返回 ( 2) 104N 当机车速度
6、 v 36 k m /h 时机车的牵引力 v 104N 根据牛顿第二定律 得 a 10 2m /(1)105 W (2)10 2 m/回 第 2讲 机械能守恒定律 功能关系 返回 考点谋略 例 1：思路点拨： 解答本题时应注意以下两点： (1)A、 (2) 返回 解析： 如图所示，以 系统，以地面为零势能面，设 A 质量为 2 m , B 质量为 m ，根据机械能守恒定律有： 2 m m 12 3 m A 落地后 B 将以 v 做竖直上抛运动，即有12m m 解得 h 13R 。则 B 上升的高度为 R 13R 43R ，故选项 C 正确。 答案： C 返回 例 2：思路点拨： 解答本题时注意
7、以下三点： (1)小球在 (2)合外力、摩擦力均为变力，注意求功的方法。 (3)机械能的改变量与哪些力做功相对应。 返回 解析： 一个小球在 A 点正上方由静止释放，通过 B 点时恰好对轨道没有压力，此时小球的重力提供向心力，即： m R ，得 小球从 P 到 B 的过程中，重力做功 W m g R ， A 错误；减小的机械能 E m g R 12m 2 B 错误；合外力做功 W 合 12m 2m C 错误；由动能定理得：m 2m 0 ，所以 2m D 项正确。 答案： D 返回 例 3 ： 解析： ( 1) 由牛顿第二定律得 mg s m g c 解得 a g ( c ) ( 2) 小球在最
8、高点时由牛顿第二定律得 2N 2 点到最高点 C 的过程中机械能守恒 12m v 2D12m v 2C 2 m 由以上各式解得 6 返回 ( 3) 设 的距离为 L ，小球沿斜面由 A 到 B 过程根据动能定理得 m gL m gL c 12m v 2 点到最高点 C 的过程由机械能守恒12m v 2B12m v 2C 又 h (1 c ) R 由以上各式解得 L 3 2c 2 c R 答案 ： ( 1) g ( c ) ( 2) 6 ( 3)3 2c 2 c R 返回 专题特辑 课堂 1 选 由题意根据力的平衡有 si n ，所以 。根据机械能守恒定律 m 12m v 2 所以两物块 落地速
9、率相等，选项 A 错；因为两物块的机械能守恒，所以两 物块的机械能变化量都为零，选项 B 错误；根据重力做功与重 力势能变化的关系，重力势能的变化为 选项 C 错误；因为 A 、 B 两物块都做匀变速运动，所以 A 重力的 平均功率为B 重力的平均功率2 ) ，因为 ，所以P，选项 D 正确。 D 返回 2 选 小球从 A 至 B 的过程中，除了小球的重力做功外，弹 簧弹力对小球也做了功，因此，小球的机械能不守恒，因 为弹力做负功，小球的机械能减少，选项 A 错，而选项 B 对；小球运动到 B 位置时，对圆环恰好没有压力，根据牛顿 第二定律得 F F 为弹簧上的弹力，选项 C 正 确， D 错
10、误。 回 3 选 电场力对小球做了 据功能关系可知， 小球的电势能减少了 项 A 错误；对于小球在上述过 程中，有 W 弹 2m 据功能关系可知，弹簧 弹性势能最大值为 2m 项 B 错误，选项 C 也 错误；根据功能关系知，选项 D 正确。 D 返回 4 选 由能量守恒定律可知，上述过程中， F 做功大小等于二者动能之和加上摩擦产生的热量，大于12m v 2112M v 22，选项 他条件不变的情况下， F 越大，滑块加速度越大，滑块到达右端所用时间越短，选项 B 错误；其他条件不变的情况下，M 越大，木板加速度越小， x 越小，选项 C 正确；其他条件不变的情况下，滑块与木板间产生的热量等于 块与木板间产生的热量越多，选项 D 正确。 回 5 解析： ( 1) 选从右侧最高点到左侧最高点的过程研究。因 为初、末状态动能为零，所以全程损失的机械能 E 等于 减少的重力势能， 即： E m gL c ( 2) 对全程应用动能定理： 0 m gL c 由 、 得 m gL c 返回 ( 3) 由滑动摩擦力公式得 f f 摩擦力做的功 W f 、 式代入 式得： m gL c 答案： ( 1) m gL c ( 2 ) m gL c ( 3)m gL c Fs
