《吉林省长春汽车经济技术开发区第六中学2020届高三物理上学期第一次月考试题[含解析]》由会员分享，可在线阅读，更多相关《吉林省长春汽车经济技术开发区第六中学2020届高三物理上学期第一次月考试题[含解析]（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、吉林省长春汽车经济技术开发区第六中学2020届高三物理上学期第一次月考试题一、选择题1.研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置如图所示，下列说法正确的是( )A. 实验前，只用带电玻璃棒与电容器a板接触，能使电容器带电B. 实验中，只将电容器b板向上平移，静电计指针的张角变小C. 实验中，只在极板间插入有机玻璃板，静电计指针张角变大D. 实验中，只增加极板带电量，静电计指针的张角变大，表明电容增大【答案】A【解析】A、当用带电玻璃棒与电容器a板接触，由于静电感应，从而在b板感应出等量的异种电荷，从而使电容器带电，故选项A正确；B、根据电容器的决定式：，将电容器b板向上平移，即正对面积S减小，
2、则电容C减小，根据可知， 电量Q不变，则电压U增大，则静电计指针的张角变大，故选项B错误；C、根据电容器的决定式：，只在极板间插入有机玻璃板，则介电系数增大，则电容C增大，根据可知， 电量Q不变，则电压U减小，则静电计指针的张角减小，故选项C错误；D、根据可知， 电量Q增大，则电压U也会增大，则电容C不变，故选项D错误点睛：本题是电容器动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是电容与哪些因素有什么关系2.如图为跳水运动员从起跳到落水过程的示意图，运动员从最高点到入水前的运动过程记为I，运动员入水后到最低点的运动过程记为II，忽略空气阻力，则运动员A. 过程I的动量改变量等于零B
3、. 过程II的动量改变量等于零C. 过程I的动量改变量等于重力的冲量D. 过程II 的动量改变量等于重力的冲量【答案】C【解析】【分析】分析两个过程中运动员速度的变化、受力情况等，由此确定动量的变化是否为零【详解】AC过程I中动量改变量等于重力的冲量，即为mgt，不为零，故A错误，C正确；B运动员进入水前的速度不为零，末速度为零，过程II的动量改变量不等于零，故B错误；D过程II 的动量改变量等于合外力的冲量，不等于重力的冲量，故D错误3.高速公路ETC电子收费系统如图所示，ETC通道的长度是识别区起点到自动栏杆的水平距离某汽车以21.6km/h的速度匀速进入识别区，ETC天线用了0.3s的时
4、间识别车载电子标签，识别完成后发出“滴”的一声，司机发现自动栏杆没有抬起，于是采取制动刹车，汽车刚好没有撞杆已知司机的反应时间为0.7s，刹车的加速度大小为5m/s2，则该ETC通道的长度约为（）A. 4.2mB. 6.0mC. 7.8mD. 9.6m【答案】D【解析】【详解】汽车的速度21.6km/h6m/s，汽车在前0.3s+0.7s内做匀速直线运动，位移为：x1v0（t1+t2）6（0.3+0.7）6m，随后汽车做减速运动，位移为：3.6m，所以该ETC通道的长度为：Lx1+x26+3.69.6m，故ABC错误，D正确【点睛】本题的关键是明确汽车的两段运动的特点，然后合理选择公式4. 空
5、间中P、Q两点处各固定一个点电荷，其中P点处为正电荷，P、Q两点附近电场的等势面分布如题图图所示，a、b、c、d为电场中的4个点，则( )A. P、Q两点处的电荷等量同种B. a点和b点的电场强度相同C. c点的电势低于d点的电势D. 负电荷从a到c，电势能减少【答案】D【解析】P、Q两点处的电荷等量异种，选项A错误；a点和b点的电场强度大小相等，方向不同，选项B错误；c点的电势高于d点的电势，选项C错误；负电荷从a到c，电场力做功，电势能减少，选项D正确5.如图所示，左侧是半径为R的四分之一圆弧，右侧是半径为2R的一段圆弧二者圆心在一条竖直线上，小球a、b通过一轻绳相连，二者恰好等于等高处平
6、衡已知，不计所有摩擦，则小球a、b的质量之比为A. 3:4B. 3:5C. 4:5D. 1:2【答案】A【解析】【详解】对a和b两个物体受力分析，受力分析图如下，因一根绳上的拉力相等，故拉力都为T；由力的平衡可知a物体的拉力，b物体的拉力，则联立可解得，A正确6.2019年1月，我国在西昌卫星发射中心成功发射了“中星2D”卫星“中星2D”是我国最新研制的通信广播卫星，可为全国提供广播电视及宽带多媒体等传输任务“中星2D”的质量为m、运行轨道距离地面高度为h已知地球的质量为M、半径为R，引力常量为G，根据以上信息可知“中星2D”在轨运行时（ ）A. 速度的大小为B. 角速度大小为C. 加速度大小
7、为D. 周期为【答案】C【解析】【详解】“中星2D”在轨运行时，由万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得： 根据题意有 r=R+hA. 根据分析解得： ，A错误B. 根据分析解得： ，B错误C. 根据分析解得： ，C正确D. 根据分析解得： ，D错误7.从地面上以初速v0度竖直向上抛出一质量为m的球，若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比关系，球运动的速率随时间变化规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地时速率为v1，且落地前球已经做匀速运动则下列说法正确的是（ ）A. 小球加速度在上升过程中逐渐增加，在下降过程中逐渐减小B. 小球上升过程中的平均速度大于C. 小球抛出瞬间的加速度最
8、大，到达最高点的加速度最小D. 小球抛出瞬间的加速度大小为【答案】D【解析】【详解】AC.上升过程，受重力和阻力，合力向下，根据牛顿第二定律，有：f+mg=ma，解得；由于是减速上升，阻力逐渐减小，故加速度不断减小；下降过程，受重力和阻力，根据牛顿第二定律，有：mg-f=ma，解得：；由于速度变大，阻力变大，故加速度变小；即上升和下降过程，加速度一直减小，跑出瞬间加速度最大，落回地面加速度最小；故A项错误，C项错误.B.速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移，如图所示：从图象可以看出，位移小于阴影部分面积，而阴影部分面积是匀减速直线运动位移，匀减速直线运动的平均速度等于，故小球上升过程的平均速
9、度小于；故B错误.D.空气阻力与其速率成正比，最终以v1匀速下降，有：mg=kv1；小球抛出瞬间，有：mg+kv0=ma0；联立解得：；故D正确.8.如图所示，质量相同的两物体a、b，用不可伸长的轻绳跨接在一轻质定滑轮两侧，a在水平桌面的上方，b在水平桌面上，初始时用力压住b使a、b静止，撤去此压力后，a开始运动。在a下降的过程中，b始终未离开桌面。（忽略一切摩擦阻力和空气阻力）在此过程中A. a的动能大于b的动能B. a的动能等于b的动能C. 两物体所组成的系统机械能增加D. 物体a克服绳拉力做的功等于物体a机械能的减少量【答案】D【解析】【详解】AB将b物体的实际速度沿绳方向正交分解：b物
10、体的动能大于a物体的动能，故AB错误；C对于两物体组成的系统，除重力以外，没有其他外力做功，所以系统机械能守恒，故C错误；D对a物体而言，绳子拉力做负功，a物体的机械能减小，所以物体a克服绳拉力做的功等于物体a机械能的减少量，故D正确。故选D二、多项选择题9.质量为m的物体，在F1、F2、F3三个共点力的作用下做匀速直线运动，保持F1、F2不变，仅将F3的方向改变90(大小不变)后，物体可能做（ ）A. 加速度大小为的匀变速直线运动B. 加速度大小为的匀变速直线运动C. 加速度大小为的匀变速曲线运动D. 匀速直线运动【答案】BC【解析】【详解】物体在F1、F2、F3三个共点力作用下做匀速直线运
11、动，三力平衡，必有F3与F1、F2的合力等大反向，当F3大小不变，方向改变90时，F1、F2的合力大小仍为F3，方向与改变方向后的F3夹角为90，故，加速度，但因不知原速度方向，故力改变后的初速度方向与F合的方向间的关系未知，可能做匀变速直线运动，也有可能做匀变速曲线运动，故BC正确，AD错误【点睛】本题关键先根据平衡条件得出力F3变向后的合力大小和方向，然后根据牛顿第二定律求解加速度，根据曲线运动的条件判断物体的运动性质：当物体受到的合外力恒定时，若物体受到的合力与初速度不共线时，物体做曲线运动；若合力与初速度共线，物体做直线运动10.在x轴上有两个点电荷q1、q2，其静电场的电势在x轴上分
12、布如图所示。下列说法正确的是A. x1处的电场强度为零B. q1、q2一定为异种电荷C 将负试探电荷从x1移到x2，电势能增大D. 将负试探电荷从x1移到x2，受到的电场力减小【答案】BD【解析】【详解】A图像斜率的物理意义为电场强度，处的斜率不为零，所以处的电场强度不为零，故A错误；B根据图像可知，左侧的电场线方向水平向左，右侧的电场线方向水平向右，处的电场强度为0，所以和带异种电荷均在左侧，且距离较近的电荷带负电，故B正确；C负电荷从电势低的地方移到电势高的地方电势能减小，故C错误；D从x1移到x2图像的斜率逐渐变小，所以电荷受到的电场力减小，故D正确。故选BD11.如图所示，氘核和氚核两
13、种粒子从同一位置无初速度地飘入电场线水平向右的加速电场E1，之后进入电场线竖直向下的匀强电场E2发生偏转，最后打在屏上。整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么A. 偏转电场E2对两种粒子做功一样多B. 两种粒子打到屏上时的速度一样大C. 两种粒子运动到屏上所用时间相同D. 两种粒子一定打到屏上的同一位置【答案】AD【解析】【详解】A加速电场场强，板间距一定，所以极板之间电势差一定，那么粒子经过加速电场：同理，经过偏转电场，做类平抛运动，极板长度为，间距为，分解位移：解得偏转位移：两粒子带电量相同，电场力做功的位移相同，所以偏转电场E2对两种粒子做功一样多，故A正确；B整个过程中对粒
14、子应用动能定理：解得：，粒子的比荷不同，所以打到屏上的速度大小不同，故B错误；C粒子在加速电场中做匀加速直线运动：粒子加速的位移相同，比荷越大，时间越短，粒子飞出加速电场后的速度：通过偏转电场到屏上的过程中，水平方向做匀速直线运动且位移相同，两粒子的比荷不同，水平方向的速度不同，比荷越大，速度越大，时间越短，所以通过的时间不同，故C错误；D粒子飞出偏转电场的速度与水平方向的夹角满足：所以两个粒子飞出偏转电场的速度方向相同，之后粒子做匀速直线运动，所以两粒子一定打到屏上的同一位置，故D正确。故选AD12.如图所示，ABCD是固定在地面上、由同种金属细杆制成的正方形框架，框架任意两条边的连接处平滑
15、，A、B、C、D四点在同一竖直面内，BC、CD边与水平面的夹角分别为、()，让套在金属杆上的小环从A点无初速释放若小环从A经B滑到C点，摩擦力对小环做功为W1，重力的冲量为I1；若小环从A经D滑到C点，摩擦力对小环做功为W2，重力的冲量为I2则A. W1W2B. W1=W2C. I1 I2D. I1 =I2【答案】BC【解析】试题分析：设正方形的边长为l，经AB段和CD段摩擦力做负功，大小为，经BC段和AD段摩擦力做负功，大小为，W1=W2，A错误、B正确；小环从A经B滑到C点和从A经D滑到C点过程中路程相等，到达C点时速度大小相等设AB段加速度为a1，AD段加速度为a2，则，B点速度，D点的速度，所以AD段的平均速度大于AB段的平均速度，CD段的平均速度大于BC段的平均速度，小环从A经B滑到C点所用时间大于从A经D滑到C点所用的时间，根据，I1I2，C正确、D错误
