《四川省宜宾市叙州区第二中学校2019-2020学年高二下学期第二次月考物理试题Word版含答案》由会员分享，可在线阅读，更多相关《四川省宜宾市叙州区第二中学校2019-2020学年高二下学期第二次月考物理试题Word版含答案（8页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020 年春四川省叙州区第二中学高二第二学月考试 物理试题 注意事项： 1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条 形码区域内。 2答题时请按要求用笔。 3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草 稿纸、试卷上答题无效。 4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。 5保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。 6.考试时间： 150 分钟；物理化学生物同堂分卷考试，物理110 分，化学100 分，生物分90 分，共 300 分 第 I 卷选择题（ 54 分） 一、选择题（每小题6
2、分，共 9 个小题，共54 分；其中1-6 题为单选题， 7-9 题多选题，少 选得 3 分，多选错选得0分。 ） 1氢原子能级图如图所示，当氢原子从n3 跃迁到 n2 的能级时， 辐射光的波长为656 nm. 以下判断正确的是 A氢原子从n2 跃迁到 n 1 的能级时，辐射光的波长大于656 nm B氢原子从n4 跃迁到 n 3 的能级辐射光的波长小于 656 nm C一群处于n3 能级上的氢原子向低能级跃迁时最多产生 3 种谱线 D用波长为633 nm 的光照射，能使氢原子从 n2 跃迁到 n3 的能级 2已知矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，穿过线圈的磁通量随时间变化 的图
3、象如图甲所示，则下列说法正确的是 A t=0 时刻线圈平面与中性面垂直Bt=0.01s 时刻的变化率达最大 Ct=0.02s时刻感应电动势达到最大D该线圈相应的感应电动势图象如图乙所示 3如图所示， a、b 分别表示由相同材料制成的两条长度相同、粗细均匀的电阻丝的伏安特性 曲线，下列判断正确的是 A a 代表的电阻丝较粗 B b 代表的电阻丝较粗 Ba 电阻丝的阻值小于b 电阻丝的阻值 D图线表示电阻丝的阻值与电压成正比 4如图所示电路，水平放置的平行板电容器的一个极板与滑动变阻器的滑动端P相连接。电 子以速度v0垂直于电场线方向射入并穿过平行板间的电场。在保证电子始终能穿出平行板间 电场的情
4、况下，若使滑动变阻器的滑动端P向下移动，则关于电容器极板上所带电量q和电 子穿越平行板所需时间t 的说法正确的是 A电量 q 增大，时间t 不变B电量 q 不变，时间t 增大 C电量 q 增大，时间t 减小D电量 q 不变，时间t 不变 5一只电阻分别通过四种不同形式的电流，电流随时间变化的情况如图所示，在相同时间内 电阻产生的热量最大的是 ABC D 6如图所示，在一固定水平放置的闭合导体圆环正上方，有一条形磁铁从静止开始下落，下 落过程中始终保持竖直方向，起始高度为h，最后落在水平地面上。若不计空气阻力，重力加 速度取 g，下列说法中正确的是 A磁铁下落的整个过程中，圆环中的感应电流方向始
5、终为顺时针方向(俯视圆环 ) B磁铁在整个下落过程中，圆环受到它的作用力总是竖直向下的 C磁铁在整个下落过程中，它的机械能不变 D磁铁落地时的速率一定等于2gh 7某实验小组制作一个金属安检仪原理可简化为图示模型.正方形金属线圈abed 平放在粗糙 水平传送带上，被电动机带动一起以速度v 匀速运动，线圈边长为L，电阻为R，质量为m， 有一边界宽度也为L 的矩形磁场垂直于传送带，磁感应强度为B，且边界与线圈 bc 边平行 . 已知线圈穿过磁场区域的过程中速度不变，下列说法中正确的是 A线圈进入磁场时回路中感应电流的方向与穿出时相反 B线圈进入磁场时所受静摩擦力的方向与穿出时相反 C线进入磁场区域
6、的过程中通过导线某一横截面的电荷量为 2 BL R D线圈经过磁场区域的过程中电动机多消耗的电功率为 222 2B L v R 8一匀强磁场，磁场方向垂直于纸面，规定向里为正方向，在磁场中有一金属圆环，圆环平 面位于纸面内， 如图所示 .现令磁感应强度B 随时间变化， 先按如图所示的Oa图线变化， 后来 又按照图线bc、cd 变化，令E1 、E 2 、E 3分别表示这三段变化过程中的感应电动势的大小，I1、 I2 、 I 3分别表示对应的感应电流，则 AE1 E 2 ，I 1沿逆时针方向，I2沿顺时针方向BE1 E 2 ，I 1沿逆时针方向， I2沿顺时针方向 CE1 E2，I2沿顺时针方向，
7、I3沿顺时针方向DE3 E2，I2沿顺时针方向， I3沿逆时针方向 9如图所示，一圆柱形筒内存在匀强磁场，该筒横截面的半径为R，磁场方向垂直于横截面 向里，图中直径MN 的两端分别开有小孔，在该截面内，有质量为m、电荷量为q 的带负电 的粒子从M 端的小孔射入筒內，射入时的速度方向与MN 成30o角。当圆筒绕其中心轴以角 速度 w 顺时针转动 120 o 角时，该粒子恰好飞出圆筒。不计粒子重力，粒子在筒内未与筒壁发 生碰撞，则下列说法正确的是 A筒内磁场的磁感应强度大小为 wm q B筒内磁场的磁感应强度大小为 2 wm q C粒子飞入的速度大小为 1 2 Rw D粒子飞入的速度大小为Rw 第
8、 II 卷非选择题（ 56 分） 二实验题（16 分） 10 （ 6 分）在探究弹力和弹簧伸长的关系时，某同学把两根轻质弹簧I、II 按图甲所示连接进 行探究 (1)某次测量刻度尺的示数如图乙所示，则刻度尺的示数为_cm (2)在弹性限度内， 将 50g 的钩码逐个挂在弹簧下端，得到指针A、B 的示数 LA和 LB如下表 用 表中数据计算弹簧的劲度系数为_N/m（ g 取 10m/s 2，计算结果保留两位小数） 由 表中数据 _（填 “ 能” 或“ 不能 ” ）计算出弹簧 的劲度系数 钩码数1 2 3 LA/cm 15.76 19.71 23.66 LB/cm 29.96 35.76 41.5
9、1 11 （ 10 分）为了测量某一未知电阻Rx(阻值约为 6 )的阻值，实验室里准备了以下器材： A电源，电动势E 3.0 VB电压表V1，量程 3 V，内阻约 5 k C电压表V2，量程 15 V，内阻约25 k D 电流表A1，量程 0.6 A，内阻约0.2 E电流表A2，量程 3 A，内阻约0.04 F滑动变阻器R1，最大阻值5 ，最大电流为3 A G滑动变阻器R2，最大阻值200 ，最大电流为1.5 AH开关 S、导线若干 （1）在用伏安法测量该电阻的阻值时，要求尽可能准确，并且待测电阻两端的电压从零开始 连续调节， 则在上述提供的器材中电压表应选_；电流表应选 _；滑动变阻器应 选
10、_。(填器材前面的字母代号) （2）请在虚线框内画出用伏安法测量该电阻阻值时的实验电路图_。 （3）请根据电路图将下列实物图补充完整_。 三、解答题（40 分） 12 （ 10 分）如图所示，质量m2 kg 的物体 A 在倾角 30 的足够长的固定斜面上， 在沿斜 面向上的推力F作用下， A 从底端开始以初速度v08 m/s 向上运动，已知A 与斜面之间的动 摩擦因数为 3 10 ，F5 N经过一段时间t，物体 A 有沿斜面向下的速度2 m/s.重力加速度 取 g10 m/s 2.求： (1)时间 t； (2)F在时间 t 内的平均功率 13 （ 12 分）如图所示，水平放置的两根平行金属导轨
11、相距L=0.6m，上面有一金属棒PQ 垂直 导轨放置，并处于竖直向上匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小B=1T，与导轨相连的电源电 动势 E=4.5V，内阻 r=1.0 ，电阻 R=8.0 ，其他电阻不计。闭合开关S后，金属棒PQ仍然静止 不动。求： 金属棒 PQ所受的安培力； 金属棒 PQ所受的静摩擦力的大小 14 （18 分）如图，ABCD为竖直放在场强为 4 10/EVm的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道， 其中轨道的BCD部分是半径为R的半圆形轨道，轨道的水平部分与其半圆相切，A 为水平轨 道上的一点，而且ABR0.2m，把一质量m0.1kg、带电荷量 4 1 10qC的小球放在 水平轨道的
12、A 点由静止开始释放，小球在轨道的内侧运动(g 取 2 10m s)求： (1)小球到达C点时的速度是多大？ (2)小球到达C点时对轨道压力是多大？ (3)若让小球安全通过D点，开始释放点离B 点至少多远？ 2020 年春四川省叙州区第二中学高二第二学月考试 物理试题参考答案 1C 2B 3B 4A 5D 6B 7AC 8 BC 9BC 1016.00（15.97 16.00） ；12.66N/m ；能 11 （ 1）B D F （2）（3） 12解： (1)物体上滑阶段根据牛顿第二定律有： 1 fmgsinFma fmgcos 解得： 2 1 4 /ams 物体上滑到最高点时间： 1 1 0
13、 2 v a ts 物体下滑阶段，根据牛顿第二定律有： 2 mgsinFfma，fmgcos 解得： 2 2 1 /ams 下滑时间为： 2 2 2 t a s v 故： 12 4 ttts (2) 物体上滑阶段： 0 11 0 8 2 v stm， 11 58 40 WFsJJ 物体下滑阶段： 22 0 2 2 v stm，2252 10 WFsJJ=-= 在时间t内的平均功率： 4010 7.5 4 W PW t 13 根据闭合电路欧姆定律： 4.5 0.5 18 E IA Rr 根据安培力公式：F=BIL =10.5 0.6=0.3N； 根据平衡条件：f=F=0.3N 14(1)由 A 点到 C点应用动能定理有： Eq(ABR)mgR 1 2 mvC 2 解得： vC2 m/s (2)在 C 点应用牛顿第二定律得： FNEqm 2 c v R 得 FN3 N 由牛顿第三定律知，小球在C点对轨道的压力为3 N. (3)小球要安全通过D 点，必有 mg m 2 D v R . 设释放点距B点的距离为x，由动能定理得： Eqx mg 2R 1 2 mvD2 以上两式联立可得：x0.5 m.
