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1、（人教版）2012届高三物理一轮复习讲义：磁场对运动电荷的作用力（一）一、内容概述 本周我们复习磁场对运动电荷的作用力。运动电荷在磁场中所受洛伦兹力的大小与哪些因素有关系，及其方向的判断是这一节的重点。洛伦兹力对运动电荷不做功是它的一个重要特点，学习时要正确理解。二、重、难点知识归纳与讲解1、洛伦兹力是磁场对运动电荷的作用，它是安培力的微观本质。安培力是洛伦兹力的宏观表现。2、洛伦兹力的大小（1）当电荷速度方向垂直于磁场的方向时，磁场对运动电荷的作用力，等于电荷量、速率、磁感应强度三者的乘积，即F=qvB.（2）当电荷速度方向平行磁场方向时，洛伦兹力F=0。（3）当电荷速度方向与磁场方向成角时
2、，可以把速度分解为平行磁场方向和垂直磁场方向来处理，此时受洛伦兹力F=qvBsin。3、洛伦兹力的方向安培力的方向可以用左手定则来判断，洛伦兹力的方向也可用左手定则来判断：伸开左手，使大拇指跟其余四个手指垂直，且处于同一平面内，把手放入磁场，让磁感线穿过手心，对于正电荷，四指指向电荷的运动方向，对于负电荷，四指的指向与电荷的运动方向相反，大拇指所指的方向就是洛伦兹力的方向。由此可见洛伦兹力方向总是垂直速度方向和磁场方向，即垂直速度方向和磁场方向决定的平面。4、洛伦兹力的特点因为洛伦兹力始终与电荷的运动方向垂直，所以洛伦兹力对运动电荷不做功。它只改变运动电荷速度的方向，而不改变速度的大小。三、重
3、、难点知识剖析1、洛伦兹力与电场力的比较（1）与带电粒子运动状态的关系带电粒子在电场中所受到的电场力的大小和方向，与其运动状态无关。但洛伦兹力的大小和方向，则与带电粒子本身运动的速度紧密相关。（2）决定大小的有关因素电荷在电场中所受到的电场力F=qE，与两个因素有关：本身电量的多少和电场的强弱。运动电荷在磁场中所受的磁场力，与四个因素有关；本身电量的多少、运动速度v的大小、速度v的方向与磁感应强度B方向间的关系、磁场的磁感应强度B。（3）方向的区别电荷所受电场力的方向，一定与电场方向在同一条直线上（正电荷同向，负电荷反向），但洛伦兹力的方向则与磁感应强度的方向垂直。2、解决在洛伦兹力等多力作用
4、下电荷运动问题的注意问题：（1）正确分析受力情况是解决电荷运动问题的关键。要在详细分析问题给出的物理过程的基础上，认清洛伦兹力是怎么变化的。伴随着洛伦兹力的变化，物体的受力情况又发生了什么样的变化。（2）受力变化演变，出现了什么新运动情况，电荷从什么运动状态过渡到什么运动状态。（3）寻找关键状态各物理量之间的数量关系，选择合适的物理规律去求解，这些常常就是解题的关键之所在。3、带电粒子做匀速圆周运动的圆心、半径及运动时间的确定：（1）圆心的确定因为洛伦兹力指向圆心，根据F洛v，画出粒子运动轨迹中任意两点（一般是射入和射出磁场的两点）的F洛的方向，其延长线的交点即为圆心（2）半径的确定和计算半径
5、的计算一般是利用几何知识，常用解三角形的方法（3）在磁场中运动时间的确定利用圆心角与弦切角的关系，或者是四边形内角和等于360计算出圆心角的大小，由公式可求出运动时间四、典型例题例1、如图所示，一只阴极射线管，左侧不断有电子射出，若在管的正下方放一通电直导线AB时，发现射线的径迹向下偏，则（）A导线中的电流从A流向BB导线中的电流从B流向AC若要使电子束的径迹向上偏，可以通过改变AB中的电流方向来实现D电子束的径迹与AB中的电流方向无关例2、如甲图所示，OA是一光滑、绝缘斜面，倾角为，一质量为m的带电体从斜面上的A点由静止开始下滑，如果物体的带电量为q，整个装置处于垂直纸面向里的磁感应强度的大
6、小为B的匀强磁场中，试求当物体离开斜面时，物体运动的速率及其沿斜面下滑的距离？（斜面足够长）例3、如图所示，在竖直放置的绝缘直棒上套一个小环，其质量为0.1g，环带有电量为q=4104C的正电荷，环与棒之间的动摩擦因数为=0.2，棒所在的空间分布有正交的匀强电场和匀强磁场，电场的场强为E=10V/m，磁场的磁感应强度为B=0.5T，现让环从静止开始下滑，求：（1）环在下滑过程中的最大加速度；（2）环在下滑过程中的最大速度。例4、如图所示，一带正电的质子从O点垂直射入，两个板间存在垂直纸面向里的匀强磁场，已知两板之间距离为d，板长为d，O点是板的正中间，为使粒子能从两板间射出，试求磁感应强度B应
7、满足的条件（已知质子的带电量为e，质量为m）例5、如图所示，在xOy平面上，a点坐标为（0，l），平面内一边界通过a点和坐标原点O的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里，有一电子（质量为m，电量为e）从a点以初速度v0平行x轴正方向射入磁场区域，在磁场中运动，恰好在x轴上的b点（未标出）射出磁场区域，此时速度方向与x轴正方向夹角为60，求：（1）磁场的磁感应强度； （2）磁场区域圆心O1的坐标； （3）电子在磁场中运动的时间高考真题这节内容在高考试题中经常出现，并且以比较新的形式出现，同学们要在掌握基本知识的基础上灵活运用。（2006年全国卷）如图所示，在x0与x0的区域中，存在磁感应强度大
8、小分别为B1与B2的匀强磁场，磁场方向均垂直于纸面向里，且B1B2一个带负电荷的粒子从坐标原点O以速度v沿x轴负方向射出，要使该粒子经过一段时间后又经过O点，B1与B2的比值应满足什么条件？例1、解析：由于AB中通有电流，在阴极射线管中产生磁场，电子受到洛伦兹力的作用而发生偏转，由左手定则可知，阴极射线管中的磁场方向垂直纸面向内，所以根据安培定则，AB中的电流方向应为从B流向A。当AB中的电流方向变为从A流向B，则AB上方的磁场方向变为垂直纸面向外，电子所受的洛伦兹力变为向上，电子束的径迹变为向上偏转。所以本题的正确选项应为B、C。答案：BC例2、解析：物体刚离开斜面时，对斜面的压力为零，物体
9、受到斜面的支持力为零，受力分析如图乙，f=G2，以此可求速度v，下滑时由于洛仑兹力不做功，势能转化为动能，物体下降的高度h可以求出，物体下滑的距离。物体刚离开斜面时，f=Gcos，即qvB=mgcos，所以得，由于洛仑兹力不做功，mgh=，沿斜面下滑的距离，联立代入v得 。例3、解析：要求出环在下滑过程中的最大加速度和最大速度，必须要了解环在整个下滑过程中的运动情况和受力情况。首先应对环进行受力分析，环在下滑过程中受到竖直向下的重力、水平向左的电场力、水平向右的洛伦兹力、水平方向的弹力和竖直向上的摩擦力。当环刚开始下滑时，环的速度很小，洛伦兹力也很小，环所受的电场力大于洛伦兹力。所以弹力的方向
10、水平向右，环向下做加速运动，随着环的速度增大，环所受的洛伦兹力也增大，环所受的弹力变小，滑动摩擦力也变小，环在竖直方向所受的合力增大，环做加速度变大的加速运动，当环所受的洛伦兹力等于电场力时，弹力为零，滑动摩擦力也为零，此时，环在竖直方向的合力达到最大，加速度达到最大，为重力加速度g。随着环速度的进一步增大，环所受的洛伦兹力将大于电场力，弹力的方向变为水平向左，并随着洛伦兹力的增大而增大，环所受的滑动摩擦力增大，环在竖直方向所受的合外力变小，环做加速度变小的加速运动，当环所受的滑动摩擦力等于环的重力时，环的加速度为零，速度达到最大，接下去环将做匀速直线运动。开始下滑时，环的受力如图（1）所示，
11、当弹力为零时，物体在竖直方向只受重力作用，此时环的加速度最大，由牛顿第二定律可得：mg=mamax，amax=g=10m/s2.当环的加速度达到最大后，环受力情况如图（2）所示，当环的速度达到最大时，环所受的滑动摩擦力等于的重力，即f=mg。而由于f=N，N=qvmaxBqE 例4、解析：由于质子在O点的速度垂直于板NP，所以粒子在磁场中做圆周运动的圆心O一定位于NP所在的直线上，如果直径小于ON，则轨迹将是圆心位于ON之间的一个半圆弧随着磁场B的减弱，其半径r逐渐增大，当半径rON/2时，质子恰能从N点射出如果B继续减小，质子将从NM之间的某点射出当B减小到某一值时，质子恰从M点射出如果B再
12、减小，质子将打在MQ板上而不能飞出因此质子分别从N点和M点射出是B所对应的两个临界值第一种情况是质子从N点射出，此时质子轨迹的半个圆，半径为ON/2d/4所以R1B1第二种情况是质子恰好从M点射出，轨迹如图中所示由平面几何知识可得：R22d2（R2d）2又R2由得：B2磁感应强度B应满足的条件：B【说明】求解带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的题目时，正确地画出带电粒子的轨迹是解题的关键作图时一定要认真、规范，不要怕在此耽误时间否则将会增大解题的难度造成失误。通过本例说明（1）确定带电粒子在磁场中做圆周运动的圆心并进一步利用几何关系求半径的方法（2）分析解决临界问题的方法例5、解析：带电粒子在磁场
13、中做匀速圆周运动，从a点射入从b点射出，O、a、b均在圆形磁场区域的边界，粒子运动轨道圆心为O2，令由题意可知，aO2b60，且aO2b为正三角形在OO2b中，R2（Rl）2（Rsin60）2而R由得R2l所以B而粒子在磁场中飞行时间t由于aOb90又aOb为磁场图形区域的圆周角所以ab即为磁场区域直径O1的x坐标：xaO1sin60ylaO1cos60所以O1坐标为（，）【说明】本题为带电粒子在有边界磁场区域中的圆周运动，解题的关键一步是找圆心，根据运动电荷在有界磁场的出入点速度方向垂线的交点，确定圆心的位置，然后作出轨迹和半径，根据几何关系找出等量关系求解飞行时间从找轨迹所对应的圆心角的方
14、面着手当然带电粒子在有界磁场中做部分圆周运动，除了要运用圆周运动的规律外，还要注意各种因素的制约而形成不是惟一的解，这就要求必须深刻理解题意，挖掘隐含条件，分析不确定因素，力求解答准确、完整【设计意图】（1）巩固找圆心求半径的方法（2）说明求时间的方法 高考解析解析：粒子所受洛伦兹力不做功，在整个运动过程中的速度大小恒为v，交替地在xy平面内B1与B2磁场区域中做匀速圆周运动，轨道都是半个圆周设粒子的质量和电荷量的大小分别为m和q，圆周运动的半径分别为r1和r2，根据，有由于B1B2，所以，。粒子在B1和B2磁场区域中运动的轨迹如图所示。在xy平面内，粒子先沿半径为r1的半圆C1运动至y轴上离O点距离为2 r1的A点，接着沿半径为r2的半圆D1运动至O1点，此时完成一次周期性的运动。则OO1的距离d2（r2r1）此后，粒子每经历一次“回旋”（即从y轴出发沿半径为r1的半圆和半径为r2的半圆运动回到原点下方的y轴上），粒子的y坐标就减小d设粒子经过n次回旋后与y轴交于On点，若OOn即nd满足：nd2r1则粒子再经过半圆Cn+1就能经过原点O，式中n1，2，3，为回旋次数联立解得（n1，2，3，）联立可得B1、B2应满足的条件：（n1，2，3，）答案：（n1，2，3，）题型特点与命题趋向：本题考查带电粒子在磁场中的运动，
