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1、1 2020 年高考考前终极适应性试卷 物物理理（二二） 注意事项：注意事项： 1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形 码粘贴在答题卡上的指定位置。 2选择题的作答：每小题选出答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂 黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草 稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。 二二、选择题选择题：本题共本题共 8 小题小题，每小题每小题 6 分分。在每小题给出的四个选项中在每小题给出的四个选项中，
2、第第 1418 只有一项是只有一项是 符合题目要求符合题目要求，第第 1921 题有多项符合题目要求题有多项符合题目要求，全部选对得全部选对得 6 分分，选对但不全的得选对但不全的得 3 分分，有选错有选错 的得的得 0 分。分。 14铀核裂变的产物是多样的，一种典型的情形是生成钡和氪，同时放出 3 个中子，核反应方 程是 235 92U10n14456Ba8936Kr310n，以下说法正确的是 A该反应质量数守恒，没有质量亏损 B23592U 的中子数比 144 56Ba 的多 91 个 C23592U 的比结合能比 144 56Ba 的大 D14456Ba 的结合能比 89 36Kr 的大
3、 【答案】D 【解析】核反应质量数守恒准确，但此反应释放核能有质量亏损，故 A 错误；23592U 的中子数为 143，14456Ba 中子数为 88，中子数相差 55，故 B 错误；重核裂变生成物的原子核更稳定，比结合能变 大，故 C 错误；核子数越多，结合能越大，故 D 正确。 15如图所示，某健身爱好者利用如下装置锻炼自己的臂力和腿部力量，在 O 点系一重物 C， 手拉着轻绳且始终保持轻绳平行于粗糙的水平地面。当他缓慢地向右移动时，下列说法正确的是 A绳 OA 拉力大小保持不变 B绳 OB 拉力变小 C健身者与地面间的摩擦力变大 D绳 OA、OB 拉力的合力变大 【答案】C 【解析】设
4、OA、OB 绳的拉力分别为 FA和 FB，重物的质量为 m，对 O 点有 FAcos mg0， FAsin FB0，解得 cos A mg F ，FBmgtan ，当健身者缓慢向右移动时，变大，则两拉力均变大， 故 AB 错误；健身者所受的摩擦力与 FB相等，则健身者与地面间的摩擦力变大，故 C 正确；健身者 缓慢移动时，两绳拉力的合力大小等于重物 C 的重力，大小不变，故 D 错误。 16 据报道， 我国将于 2020 年发射火星探测器。 假设图示三个轨道是探测器绕火星飞行的轨道， 其中轨道、均为圆形轨道，轨道为椭圆形轨道，三个轨道在同一平面内，轨道与轨道相 切于 P 点，与轨道相切于 Q
5、点，不计探测器在变轨过程中的质量变化，则下列说法正确的是 A探测器在轨道的任何位置都具有相同速度 B探测器在轨道的任何位置都具有相同加速度 C不论在轨道还是轨道运行，探测器在 P 点的动量都相同 D不论在轨道还是轨道运行，探测器在 Q 点的加速度都相同 【答案】D 【解析】根据开普勒第二定律可知，探测器在轨道上运动时，在距离地球较近的点速度较大， 较远的点速度较小，A 错误；探测器在轨道的任何位置都具有相同大小的加速度，但是方向不同， B 错误；探测器从轨道到轨道要在 P 点加速，则探测器在轨道上 P 点的动量小于在轨道上 P 点的动量，C 错误；不论在轨道还是轨道运行，探测器在 Q 点时受到
6、火星的万有引力相同， 则加速度相同，D 正确。 17如图所示，完全相同的甲、乙两个环形电流同轴平行放置，甲的圆心为 O1，乙的圆心为 O2，在两环圆心的连线上有 a、b、c 三点，其中 aO1O1bbO2O2c，此时 a 点的磁感应强度大小 为 B1，b 点的磁感应强度大小为 B2。当把环形电流乙撤去后，c 点的磁感应强度大小为 AB11 2B 2BB21 2B 1 CB2B1DB21 3B 1 【答案】A 【解析】对于图中单个环形电流，根据安培定则，其在中轴线上的磁场方向均是向左，故 c 点 的磁场方向也是向左的。 设 aO1O1bbO2O2cr， 设单个环形电流在距离中点 r 位置的磁感应
7、强 度为 B1r，在距离中点 3r 位置的磁感应强度为 B3r，故 a 点磁感应强度 B1B1rB3r，b 点磁感应强度 B2B1rB1r；当撤去环形电流乙后，c 点磁感应强度 BcB3rB11 2B 2，故选 A。 此卷只装订不密封 班级姓名准考证号考场号座位号 2 18如图甲所示为电场中的一条电场线，在电场线上建立坐标轴，坐标轴上 Ox2间各点的电 势分布如图乙所示，则 A在 Ox2间，电场强度的方向一定发生了变化 B负电荷在 O 点电势能高于在 x1点电势能 C若一仅受电场力作用的负电荷从 O 点运动到 x2点，其动能逐渐减小 D从 O 点静止释放一仅受电场力作用的正电荷，则该电荷在 O
8、x2间做先加速后减速运动 【答案】C 【解析】x 图象的斜率的绝对值大小等于电场强度，由图乙可知，电场强度大小发生变化， 方向不变，故 A 错误；O 点电势高于 x1点电势，负电荷在高电势点的电势能较小，可知负电荷在 O 点电势能低于在 x1点电势能，故 B 错误；从 O 点到 x2点电势一直逐渐降低，负电荷从 O 点运动到 x2点，电势能逐渐变大，动能逐渐减小，故 C 正确；在 Ox2间，正电荷受到的电场力方向一直沿 x 轴正向，与速度方向相同，做加速运动，即该正电荷一直做加速运动，故 D 错误。 19如图所示，轻质弹簧的左端固定在竖直墙壁上，右端与静止在光滑水平面上的木块 A 相连 接，子
9、弹 B 沿水平方向射入木块后留在木块内，再将弹簧压缩到最短。上述这个过程可抽象为两个 典型的过程：过程是子弹射入木块并获得共同速度；过程是木块与子弹一起压缩弹簧并将弹簧 压到最短。已知木块的质量大于子弹的质量，空气阻力可忽略不计，下列说法中正确的是 A过程中木块获得的动能一定等于此过程中子弹损失的动能 B过程中子弹对木块的冲量一定等于木块对子弹的冲量大小 C过程中墙壁对弹簧的冲量大小一定等于子弹和木块总动量的减小量 D过程中弹簧的最大弹性势能一定等于过程中木块所获得的动能 【答案】BC 【解析】子弹射入木块过程中，子弹损失的动能转化内能和木块的动能，所以过程中木块获 得的动能一定小于此过程中子
10、弹损失的动能，故 A 错误；子弹射入木块过程中，根据牛顿第三定律 可知子弹对木块的作用力与木块对子弹的作用力大小相等时间相等，所以过程中子弹对木块的冲 量大小等于木块对子弹的冲量大小，故 B 正确；由动量定理可知，木块与子弹一起压缩弹簧并将弹 簧压到最短过程中，墙壁对弹簧的冲量大小一定等于于子弹和木块总动量的减小量，故 C 正确；木 块与子弹一起压缩弹簧并将弹簧压到最短过程中，弹簧的最大弹性势能等于过程中木块所获得的 动能与子弹的末动能之和（过程系统的末动能），故 D 错误。 20如图所示，将一光滑的足够长的斜面固定在水平面上，其倾角为，在斜面的中间位置放置 一质量为 m 可视为质点的滑块，并
11、用销钉将其锁定。现在该滑块上施加一平行于斜面向上的外力 F， 同时将锁定解除，滑块由静止开始沿斜面运动，滑块在开始的一段时间内，其机械能 E 随位移 x 的 变化规律如图所示，其中 0x1为曲线、xlx2为平行于 x 轴的直线。则 A0x1的过程中滑块的运动方向沿斜面向下 B0x1的过程中滑块的加速度逐渐减小到零 C0x2的过程中滑块先沿斜面向下做加速运动再沿斜面向下做匀速运动 Dxlx2的过程中滑块的加速度大小为 gsin 【答案】AD 【解析】开始时只有拉力与重力做功，拉力做的功等于小物块机械能的增加，由图乙可知，开 始时滑块的机械能减小，则拉力做负功，所以滑块运动的方向向下，A 正确；由
12、EWF合s，可 知图乙中图线的斜率表示拉力的大小，由题可知，该拉力逐渐减小。滑块受到重力、支持力和拉力， 在沿斜面方向根据牛顿第二定律可得 mamgsin F，可知在 0x1的过程中滑块的加速度逐渐增 大，B 错误；xlx2的过程中滑块的机械能保持不变，可知拉力 F 已经减小为 0，所以物体只受到重 力和支持力，沿斜面方向 mamgsin ，所以加速度大小为 gsin ，所以在 0x2的过程中滑块先沿 斜面向下做加速度增大的加速运动，再沿斜面向下做匀加速运动，C 错误 D 正确。 21如图所示，绝缘水平面内固定有一间距 dl m、电阻不计的足够长光滑矩形导轨 AKDC， 导轨两端接有阻值分别为
13、 R13 和 R26 的定值电阻。矩形区域 AKFE、NMCD 范围内均有方向 竖直向下、磁感应强度大小 B1 T 的匀强磁场 I 和。一质量 m0.2 kg，电阻 r1 的导体棒 ab 垂直放在导轨上 AK 与 EF 之间某处， 在方向水平向右、 大小 F02 N 的恒力作用下由静止开始运动， 刚到达 EF 时导体棒 ab 的速度大小 v13 m/s，导体棒 ab 进入磁场后，导体棒 ab 中通过的电流始 终保持不变。导体棒 ab 在运动过程中始终保持与导轨垂直且接触良好，空气阻力不计。则 A导体棒 ab 刚到达 EF 时的加速度大小为 5 m/s2 B两磁场边界 EF 和 MN 之间的距离
14、 L 为 1 m C若在导体棒 ab 刚到达 MN 时将恒力撤去，导体棒 ab 继续滑行的距离为 3 m D若在导体棒 ab 刚到达 MN 时将恒力撤去，导体棒 ab 继续滑行的过程中整个回路产生的焦 耳热为 3.6 J 【答案】AD 【解析】导体棒 ab 刚要到达 EF 时，在磁场中切割磁感线产生的感应电动势 E1Bdv1，经分析 可知，此时导体棒 ab 所受安培力的方向水平向左，由牛顿第二定律有 F0BI1dma1， 1 1 E I Rr ， 3 上式中 12 12 2 R R R RR ，解得 a15 m/s2，A 正确；导体棒 ab 进入磁场后，导体棒 ab 中通过的 电流 I2保持不
15、变，受到的安培力与 F0平衡，做匀速直线运动，则有 F0BI2d，其中 2 2 Bdv I Rr ，设 导体棒 ab 从 EF 运动到 MN 的过程中的加速度大小为 a2，则有 F0ma2，导体棒 ab 在 EF，MN 之 间做匀加速直线运动，则有 v22v122a2L，解得 v26 m/s，L1.35 m，B 错误；撤去 F0后导体棒 ab继续滑行的过程中， 有BIdma， Bdv I Rr ， 若t0， 则有av t， 由以上三式可得 22 B d v tm v Rr ， 则有 22 B d v tmv Rr ，即 22 2 (0) B d sm v Rr ，解得 s3.6 m，C 错误；根据能量守恒定律，Q 1 2mv 223.6 J，D 正确。 第第卷（非选择题，共卷（非选择题，共 174 分）分） 三三、非选择题非选择题(包括必考题和选考题两部分包括必考题和选考题两部分。第第 22 题第题第 25 题为必考题题为必考题，每个试题考生都必须每个试题考生都必须 作答。第作答。第 33 题第题第 34 题为选考题，考生根据要求做答题为选考题，考生根据要求做答) (一一)必考题必考题(共共 47 分分) 22(7 分)某同学做验证向心力与线速度关系的实验，装置如图所示，一轻质细线上端固定在拉 力传感器上，
