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1、安徽省合肥二校（合肥一中、合肥六中）2018-2019学年高二物理下学期期中联考试题（含解析）一 选择题.1.下列说法不正确的是（ ）A. 物体内分子热运动的平均动能越大，则物体的温度越高B. 液体表面层中分子间的相距作用表现为引力C. 用显微镜观察液体中的布朗运动，观察到的是液体分子的无规则热运动D. 一定质量的理想气体保持体积不变，温度升高，则单位时间内撞击器壁单位面积上的分子数增多【答案】C【解析】【详解】A. 温度是分子平均动能的标志，物体内分子热运动的平均动能越大，则物体的温度越高，选项A正确；B. 液体表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离大，从而有分子引力不均衡，产生沿表面作
2、用于任一界线上的张力，表现为引力，故B正确。C.布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，反映的是液体分子的无规则运动，故C错误。D.一定质量的理想气体保持体积不变，温度升高，则分子运动的激烈程度增大，所以单位时间内撞击器壁单位面积上的分子数增多，故D正确。此题选择不正确的选项，故选C.2.如图，在方向垂直于纸面向里的匀强磁场中有一U形金属导轨，导轨平面与磁场垂直。金属杆PQ置于导轨上并与导轨形成闭合回路PQRS，一圆环形金属线框T位于回路围成的区域内，线框与导轨共面。现让金属杆PQ突然向右运动，在运动开始的瞬间，关于感应电流的方向，下列说法正确的是（ ）A. PQRS中沿顺时针方向，T中沿逆时针方向B
3、. PQRS中沿顺时针方向，T中沿顺时针方向C. PQRS中沿逆时针方向，T中沿逆时针方向D. PQRS中沿逆时针方向，T中沿顺时针方向【答案】D【解析】【详解】因为PQ突然向右运动，由右手定则可知，PQRS中有沿逆时针方向的感应电流，穿过T中的磁通量减小，由楞次定律可知，T中有沿顺时针方向的感应电流，D正确，ABC错误。3.如图所示，甲、乙两人各站在静止小车的左右两端，车与地面之间无摩擦，当她俩同时相向运动时，发现小车向右运动。下列说法不正确的是（）A. 乙的动量必定大于甲的动量B. 乙对小车的冲量必定小于甲对小车的冲量C. 甲、乙和车组成系统动量守恒D. 甲、乙动量总和必定不为零【答案】B
4、【解析】【详解】C.甲乙两人及小车组成的系统不受外力，系统动量守恒，选项C正确；AD.根据动量守恒定律得：mAvA+mBvB+m车v车=0；小车向右运动，则说明甲与乙两人的总动量向左，说明乙的动量大于甲的动量，即两人的总动量不为零，故A D正确；B.因小车的动量向右，说明小车受到的总冲量向右，而乙对小车的冲量向右，甲对小车的冲量向左，故乙对小车的冲量一定大于甲对小车的冲量；故B错误；本题选不正确的，故选B。4.一物体在合外力F作用下从静止开始做直线运动，合外力方向不变，大小随时间的变化如图所示，该物体在t0和2t0时刻，物体的动能分别为、，物块的动量分别为P1、P，则A. ，B. ,C. ,D
5、. ,【答案】A【解析】根据动量定理得：F0t0=mv12F0t0=mv2mv1由解得：v1:v2=1:3得：P1:P2=mv1：mv2=1:3Ek1：Ek2=：=1:9故选：A.5.在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，当磁场的磁感应强度B随时间t如图乙变化时，正确表示线圈中感应电动势E变化的是图中的（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】在0-1s内，根据法拉第电磁感应定律，根据楞次定律，感应电动势的方向与图示箭头方向相同，为正值；在1-3s内，磁感应强度不变，感应电动势为零；在3-5s内，根据法拉第电磁感应定律，
6、根据楞次定律，感应电动势的方向与图示方向相反，为负值。故A正确，BCD错误。6.如图所示，竖直平面内有一半径为a，总电阻为R的金属环，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过环平面，在环的最高点用金属铰链连接长度为2a、电阻为R/2的导体棒MN。MN由水平位置紧贴环面摆下，导体棒MN与金属环接触良好，当摆到竖直位置时，N点的线速度大小为v，则这时MN两端的电压大小为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】当摆到竖直位置时，导体棒产生的感应电动势为：；金属环并联的电阻为：，MN两端的电压是路端电压，MN两端的电压大小为： A. ，与结论不相符，选项A错误；B. ,与结论相符，选项B正确；
7、C. ，与结论不相符，选项C错误；D. ，与结论不相符，选项D错误；7.如图所示，在匀强磁场中匀速转动的矩形单匝线圈的周期为T，转轴OO垂直于磁场方向，线圈电阻为2。从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，线圈转过60时的感应电流为1A，那么（）A. 某一时刻线圈中的感应电动势为B. 某一时刻穿过线圈的磁通量为C. 线圈消耗的电功率为4WD. 线圈中感应电流的有效值为2A【答案】C【解析】【详解】D.线圈从与磁场方向平行时开始，其瞬时表达式为i=Imcos，则，故电流的有效值为I=A，选项D不符合题意；C. 电流的有效值为I=A，所以电功率为，故选项C符合题意；A.从线圈平面与磁场方向平行时开始计
8、时，故电流瞬时值为：i=Imcos=2cost；故电动势的瞬时表达式为：e=ir=4cost(V)，故选项A不符合题意；B.任意时刻穿过线圈的磁通量为=BSsint；根据公式Em=BS=m=Imr=4V，可得：；故=sint，故选项B不符合题意；8.超强台风山竹于2018年9月16日前后来到我国广东中部沿海登陆，其风力达到17级超强台风强度，风速左右，对固定建筑物破坏程度非常巨大。请你根据所学物理知识推算固定建筑物所受风力（空气的压力）与风速（空气流动速度）大小关系，假设某一建筑物垂直风速方向的受力面积为S，风速大小为v，空气吹到建筑物上后速度瞬间减为零，空气密度为，风力F与风速大小v关系式为
9、( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据“推算固定建筑物所受风力（空气的压力）与风速（空气流动速度）大小关系”可知，本题考查动量定理，设t时间内吹到建筑物上的空气质量为m，根据动量定理的公式Ft=mv，即可求解。【详解】设t时间内吹到建筑物上的空气质量为m，则m=Svt，根据动量定理-Ft=0-mv=0-Sv2t，F=Sv2，故B正确，ACD错误。故选：B9.如图所示，闭合线圈固定在小车上，总质量为1 kg.它们在光滑水平面上，以10 m/s的速度进入与线圈平面垂直、磁感应强度为B的水平有界匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，已知小车运动的速度v随车的位移x变化的vx图象如图所
10、示则以下说法的正确是()A. 线圈的长度L15 cmB. 磁场的宽度d15 cmC. 线圈通过磁场过程中产生的热量为48 JD. 线圈进入磁场过程中做匀加速运动，加速度为0.8 m/s2【答案】C【解析】【详解】ABD、线圈进入磁场时，受到向左的安培力，速度减小，安培力减小，根据牛顿第二定律可知加速度减小，所以进磁场的过程做加速度减小的减速运动，完全进入磁场后，不受安培力，做匀速直线运动；根据图象知，线圈的长度，磁场的宽度，故A、B、D错误；C、线圈进磁场时速度为，出磁场时的速度为，根据能量守恒得：，故C正确；故选C。10.某带活塞的汽缸里装有一定质量的理想气体，气体经历如图所示的AB、BC、
11、CD、DA四个变化过程。已知状态A的温度为7C，则下列说法正确的是（ ）A. B态的温度287KB. AB过程气体对外做功200JC. CD过程气体对外做功140JD. 从A态又回到A态的过程气体吸热60J【答案】BD【解析】【详解】A.A态的温度为T=t+273K=（7+273）K=280K，AB过程，压强不变，体积由2L变为4L，即变为原来的2倍，由盖-吕萨克可知，温度变为原来的2倍，即B态时温度为560K，故A错误；B.由图象知，其面积为气体对外做功的多少，即W1=P1V1=1105（4-2）10-3J=200J，故B正确；C.由CD过程外界对气体做功W2=P2V2=140J，故C错误；
12、D.从A态又回到A态，气体内能不变，即U=0，此过程中外界对气体做功W=W2-W1=-60J，由热力学第一定律：U=Q+W，解得Q=60J，即气体吸热，故D正确。11.若以V表示在标准状态下水蒸气的摩尔体积，表示在标准状况下水蒸气的密度，M表示水的摩尔质量，m0表示一个水分子的质量，V0表示一个水分子的体积，NA表示阿伏伽德罗常数，则下列关系式正确的是（ ）A. B. C. D. 【答案】BC【解析】试题分析：对水蒸气，由于分子间距的存在，摩尔体积V处于阿伏加德罗常数NA等于每个分子占据的空间体积，但并不等于分子体积，故A错误；M（表示摩尔质量）除以（标准状况下水蒸气的密度）等于标准状态下水蒸
13、气的摩尔体积V，故B正确；单个分子的质量等于摩尔质量除以阿伏伽德罗常数，故C正确；对水蒸气，由于分子间距的存在，NAV0并不等于摩尔体积，故D错误；故选BC考点：阿伏伽德罗常数【名师点睛】本题主要考查气体阿伏伽德罗常数的计算，阿伏加德罗常数NA是联系宏观与微观的桥梁，抓住它的含义，区分对气体还是液体的计算是解题的关键。12.如图是一种理想自耦变压器示意图，线圈绕在一个圆环形的铁芯上，P是可移动的滑动触头输入端AB接交流电压U，输出端CD连接了两个相同的灯泡L1和L2，Q为滑动变阻器的滑动触头当开关S闭合，P处于如图所示的位置时，两灯均能发光下列说法正确的是（）A. P不动，将Q向右移动，变压器
14、的输入功率变大B. P不动，将Q向右移动，两灯均变暗C. Q不动，将P沿逆时针方向移动，变压器的输入功率变小D. P、Q都不动，断开开关S，L1将变亮【答案】AD【解析】P不动，将Q向右移动，负载电阻变小，电流变大，电压不变，变压器的输入功率变大，A正确；P不动，将Q向右移动，负载电阻减小，电流增大，两灯均变亮，B错误；Q不动，将P沿逆时针方向移动，副线圈匝数增大，电压增大，输出功率增大，变压器的输入功率变大，C错误；P、Q都不动，副线圈电压不变，断开开关S，电阻增大，电流减小，R分压减小，将变亮，D正确13.如图所示，竖直墙面和水平地面均光滑，质量分别为mA=6kg，mB=2kg的A、B两物
15、体用质量不计的轻弹簧相连，其中A紧靠墙壁现对B物体缓慢施加一个向左的力，该力对物体B做功W=25J，使A、B间弹簧被压缩，在系统静止时，突然撤去向左推力解除压缩，则A. 解除压缩后，两物体和弹簧组成系统动量守恒B. 解除压缩后，两物体和弹簧组成系统机械能守恒C. 从撤去外力至A与墙面刚分离，A对弹簧的冲量I=10 Ns，方向水平向右D. A与墙面分离后至首次弹簧恢复原长时，两物体速率均2.5m/s【答案】BCD【解析】【详解】A、解除压缩后，弹簧在恢复原长的过程中，墙壁对A物体还有弹力的作用，故解除压缩后到弹簧恢复原长前，两物体和弹簧组成系统动量不守恒，恢复原长后，AB一起向右运动，系统的合外力为零，动量守恒，故A错误；B、解除压缩后，两物体和弹簧组成系统只有动能和弹性势能的相互转化，故机械能守恒，故B正确；C、压缩弹簧时，外力做的功全转化为弹性势能，撤去外力，弹簧恢复原长，弹性势能全转化为B的动能，设此时B的速度为v0，则：，得v05m/
