《河北省唐山市2015届高三第一次模拟考试数学(理)试题与答案》由会员分享，可在线阅读，更多相关《河北省唐山市2015届高三第一次模拟考试数学(理)试题与答案（10页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、市2014-2015学年度高三年级第一次模拟考试理 科 数 学一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1、已知全集，集合，则（ ）A B C D2、（ ）A B C D3、已知抛物线的焦点（），则抛物线的标准方程是（ ）A B C D4、命题，；命题，函数的图象过点，则（ ）A假真 B真假C假假 D真真5、执行右边的程序框图，则输出的是（ ）A BC D6、在直角梯形中，则（ ）A B C D7、已知，则（ ）A B C或 D或8、展开式中的常数项为（ ）A B C D9、函数的值域为（ ）A B C D10、是双曲线（，）的右焦点
2、，过点向的一条渐近线引垂线，垂足为，交另一条渐近线于点若，则的离心率是（ ）A B C D11、直线分别与曲线，交于，则的最小值为（ ）A B C D12、某几何体的三视图如图所示，则该几何体的表面积为（ ）A BC D二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13、已知，若，则 14、为了研究某种细菌在特定环境下，随时间变化繁殖情况，得如下实验数据，计算得回归直线方程为由以上信息，得到下表中的值为 天数（天）34567繁殖个数（千个）34615、在半径为的球面上有不同的四点，若，则平面被球所截得图形的面积为 16、已知，满足，则的取值围为 三、解答题（本大题共6小题，共70分解答应写
3、出文字说明、证明过程或演算步骤）17、（本小题满分12分）设数列的前项和为，满足，且求的通项公式；若，成等差数列，求证：，成等差数列18、（本小题满分12分）小王在某社交网络的朋友圈中，向在线的甲、乙、丙随机发放红包，每次发放1个若小王发放5元的红包2个，求甲恰得1个的概率；若小王发放3个红包，其中5元的2个，10元的1个记乙所得红包的总钱数为，求的分布列和期望19、（本小题满分12分）如图，在斜三棱柱中，侧面与侧面都是菱形，求证：；若，求二面角20、（本小题满分12分）已知圆，点，以线段为直径的圆切于圆，记点的轨迹为求曲线的方程；直线交圆于，两点，当为的中点时，求直线的方程21、（本小题满分
4、12分）已知函数，时，证明：；，若，求的取值围请考生在第22、23、24题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分，作答时请写清题号22、（本小题满分10分）选修4-1：几何证明选讲如图，圆周角的平分线与圆交于点，过点的切线与弦的延长线交于点，交于点求证：；若，四点共圆，且，求23、（本小题满分10分）选修4-4：坐标系与参数方程已知椭圆，直线（为参数）写出椭圆的参数方程及直线的普通方程；设，若椭圆上的点满足到点的距离与其到直线的距离相等，求点的坐标24、（本小题满分10分）选修4-5：不等式选讲已知函数当时，解不等式；若的最小值为，求的值参考答案一、选择题：1、C 2、A 3、B 4、
5、A 5、B 6、B 7、D 8、C 9、A 10、C 11、D 12、C二、填空题：13、14、615、1616、4，12三、解答题：17、解：（）当n1时，由(1q)S1qa11，a11当n2时，由(1q)Snqan1，得(1q)Sn1qan11，两式相减得anqan1，又q(q1)0，所以an是以1为首项，q为公比的等比数列，故anqn16分（）由（）可知Sn，又S3S62S9，得，化简得a3a62a9，两边同除以q得a2a52a8故a2，a8，a5成等差数列12分18、解：（）设“甲恰得一个红包”为事件A，P(A)C4分（）X的所有可能值为0，5，10，15，20P(X0) ()2， P
6、(X5)C()2，P(X10)()2()2， P(X15)C()2，P(X20)()310分X的分布列：X05101520PE(X)0510152012分ABCA1B1C1zyxO19、解：（）证明：连AC1，CB1，则ACC1和B1CC1皆为正三角形取CC1中点O，连OA，OB1，则CC1OA，CC1OB1，则CC1平面OAB1，则CC1AB14分（）解：由（）知，OAOB1，又AB1，所以OAOB1如图所示，分别以OB1，OC1，OA为正方向建立空间直角坐标系，则C(0，1，0)，B1(，0，0)，A(0，0，)，6分设平面CAB1的法向量为m(x1，y1，z1)， 因为(，0，)，(0，
7、1，)，所以取m(1，1)8分设平面A1AB1的法向量为n(x2，y2，z2)， 因为(，0，)， (0，2，0)，所以取n(1，0，1)10分则cosm，n，因为二面角C-AB1-A1为钝角，AxyOBAMN所以二面角C-AB1-A1的余弦值为12分20、解：（）设AB的中点为M，切点为N，连OM，MN，则|OM|MN|ON|2，取A关于y轴的对称点A，连AB，故|AB|AB|2(|OM|MN|)4所以点B的轨迹是以A，A为焦点，长轴长为4的椭圆其中，a2，c，b1，则曲线的方程为y215分（）因为B为CD的中点，所以OBCD，AxyOBDC则设B(x0，y0)，则x0(x0)y07分又y1
8、 解得x0，y0则kOB，kAB，10分则直线AB的方程为y(x)，即xy0或xy012分21、解：（）令p(x)f(x)exx1，p(x)ex1，在(1，0)，p(x)0，p(x)单减；在(0，)，p(x) 0，p(x)单增所以p(x)的最小值为p(0)0，即f(x)0，所以f(x)在(1，)单调递增，即f(x)f(1)04分（）令h(x)g(x)(ax1)，则h(x)exa，令q(x)exa，q(x)由（）得q(x)0，则q(x)在(1，)上单调递减6分（1）当a1时，q(0)h(0)0且h(0)0在(1，0)上h(x)0，h(x)单调递增，在(0，)上h(x)0，h(x)单调递减，所以h
9、(x)的最大值为h(0)，即h(x)0恒成立7分（2）当a1时，h(0)0，x(1，0)时，h(x)exa1a0，解得x(1，0)即x(，0)时h(x)0，h(x)单调递减，又h(0)0，所以此时h(x)0，与h(x)0恒成立矛盾9分（3）当0a1时，h(0)0，x(0，)时，h(x)exa1a0，解得x(0，)即x(0， )时h(x)0，h(x)单调递增，又h(0)0，所以此时h(x)0，与h(x)0恒成立矛盾11分综上，a的取值为112分22、解：（）证明：因为EDCDAC，DACDAB，DABDCB，所以EDCDCB，ADBFCE所以BCDE4分（）解：因为D，E，C，F四点共圆，所以C
10、FACED由（）知ACFCED，所以CFAACF设DACDABx，因为，所以CBABAC2x，所以CFAFBAFAB3x，在等腰ACF中，CFAACFCAF7x，则x，所以BAC2x10分23、解：（）C：（为为参数），l：xy904分（）设P(2cos，sin),则|AP|2cos，P到直线l的距离d由|AP|d得3sin4cos5，又sin2cos21，得sin， cos故P(，)10分24、解：（）因为f(x)|2x1|x1|且f(1)f(1)3，所以，f(x)3的解集为x|1x1；4分（）|2xa|x1|x|x1|x|1|0|1|当且仅当(x1)(x)0且x0时，取等号所以|1|1，解得a4或010分
