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1、2020年高考（全国新课标）押题猜想卷 理科综合物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14.由我国研制的世界首颗量子科学试验卫星“墨子号”在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭成功发射升空，它的成功发射和在轨运行，不仅将有助于我国广域量子通信网络的构建，服务于国家信息安全，它将开展对量子力学基本问题的空间尺度试验检验，加深人类对量子力学自身的理解，关于量子和量子化，下列说法错误的是（）A. 玻尔在研究原子结构中引进了量子化的概念B. 普朗克把
2、能量子引入物理学，破除了“能量连续变化”的传统观念C. 光子的概念是爱因斯坦提出的D. 光电效应实验中的光电子，也就是光子【答案】D【解析】A、玻尔在研究原子结构中引进了轨道量子化、能量量子化和能量差量子化的观念；故A正确.B、普朗克引入能量子的观点，正确地破除了“能量连续变化”的传统观念，故B正确；C、爱因斯坦提出了光子说并建立了光电效应方程，故C正确；D、光电效应实验中发射出来的电子叫光电子，所以光电效应实验中的光电子，还是电子，不是光子，故D错误；本题选错误的故选D.15.甲、乙两车从同一地点沿相同方向由静止开始做直线运动，它们运动的加速度随时间变化图象如图所示。关于两车的运动情况，下列
3、说法正确的是A. 在04 s内甲做匀加速直线运动，乙做加速度减小的加速直线运动B. 在02 s内两车间距逐渐增大，24 s内两车间距逐渐减小C. 在t2 s时甲车速度为3 m/s，乙车速度为4.5 m/sD. 在t4 s时甲车恰好追上乙车【答案】C【解析】根据图象可知，乙的加速度逐渐减小，不是匀减速直线运动，故A错误；据加速度时间图象知道图象与时间轴所围的面积表示速度。据图象可知，当t=4s时，两图象与t轴所围的面积相等，即该时刻两辆车的速度相等；在4秒前乙车的速度大于甲车的速度，所以乙车在甲车的前方，所以两车逐渐远离，当t=4s时，两车速度相等即相距最远，故BD错误；在t=2s时乙车速度为v
4、乙(1.5+3)24.5m/s，甲车速度为v甲=1.52=3m/s，故C正确。故选C。16.如图所示，半径为r的金属圆环放在垂直纸面向外的匀强磁场中，环面与磁感应强度垂直，磁场的磁感应强度为B0，保持圆环不动，将磁场的磁感应强度随时间均匀增大经过时间t，磁场的磁感应强度增大到B1，此时圆环中产生的焦耳热为Q；保持磁场的磁感应强度B1不变，将圆环绕对称轴(图中虚线)匀速转动，经时间2t圆环转过90，圆环中电流大小按正弦规律变化，圆环中产生的焦耳热也为Q，则磁感应强度B0和B1的比值为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】当线圈不动时，根据 求解感应电动势，根据 求解热量；当线圈转动时，
5、根据E=BS求解最大值，然后根据交流电的有效值求解产生的热量，联立后即可求解.若保持圆环不动，则产生的感应电动势恒定为，则 ；若线圈转动：则 产生的感应电动势最大值： ,有效值，产生的热量，联立可得：，故选A.17.如图甲所示，轻绳一端固定在O点，另一端固定一小球(可看成质点)，让小球在竖直平面内做圆周运动。改变小球通过最高点时的速度大小v，测得相应的轻绳弹力大小F，得到F-v2图象如图乙所示，已知图线的延长线与纵轴交点坐标为(0，b)，斜率为k。不计空气阻力，重力加速度为g，则下列说法正确的是A. 该小球的质量为bgB. 小球运动的轨道半径为C. 图线与横轴的交点表示小球所受的合外力为零D.
6、 当v2=a时，小球的向心加速度为g【答案】B【解析】利用受力，列牛顿第二定律公式，然后结合图像中的斜率和截距求解即可。AB、小球在最高点时受到拉力为F，根据牛顿第二定律可知： 解得： 结合图像可知： ，即 ，斜率 解得： 故A错；B对；C、 图线与横轴的交点表示小球所受的拉力为零，即合外力等于重力时的情况，故C错；D、根据向心加速度公式可知 ，故D错；故选B18.如图所示，倾角为的斜劈放置在粗糙水平面上，斜面粗糙，物体放在斜面上一根轻质细线一端固定在物体a上，细线绕过两个光滑小滑轮，滑轮1固定在斜劈上、滑轮2下吊一物体b，细线另一端固定在c上，c穿在水平横杆上，物体a和滑轮1间的细线平行于斜
7、面，系统静止物体a受到斜劈的摩擦力大小为f1、c受到横杆的摩擦力大小为f2，若将c向右移动少许，a始终静止，系统仍静止，则（）A. f1由沿斜面向下改为沿斜面向上，f2始终沿横杆向右B. 细线对a和c的拉力都将变大C. f1和f2都将变大D. 斜劈受到地面的摩擦力和横杆受到物体c的摩擦力都将变大【答案】BD【解析】以滑轮2为研究的对象，受力如图1，若将c向右移动少许，两个绳子之间的夹角增大。由于b对滑轮的拉力不变，两个绳子之间的夹角变大，所以看到绳子的拉力F一定变大。斜面的倾角为，设物体a的质量为m，以a为研究的对象。若物体a原来受到的静摩擦力沿斜面向下时，则有F=mgsin+f1，得f1=F
8、-mgsin。当F逐渐增大时，f1也逐渐增大；若物体a原来受到的静摩擦力沿斜面向上时，则有F+f1=mgsin，得f1=mgsin-F当F逐渐增大时，f1逐渐减小；若物体原来mgsin=F，则物体所受斜面摩擦力为0，当F逐渐增大时，f1也逐渐增大；所以将c向右移动少许，细线对a的拉力将变大，但是f1可能逐渐增大，也可能逐渐减小。以c为研究的对象，受力如图2，则：沿水平方向：Fsin-f2=0由于将c向右移动少许，细线对c的拉力将变大，增大，所以f2=Fsin一定增大。以物体a与斜劈组成的整体为研究的对象，整体受到重力、地面的支持力、绳子对a的拉力、两根绳子对滑轮1的向下的压力以及地面的摩擦力的
9、作用，其中是水平方向上系统受到的摩擦力与a受到的绳子在水平方向的分力是相等的，即：f=Fcos。由于将c向右移动少许，细线对a的拉力F变大，所以地面对斜劈的摩擦力增大。A. f1由沿斜面向下改为沿斜面向上，f2始终沿横杆向右，与结论不相符，选项A错误；B. 细线对a和c的拉力都将变大，与结论相符，选项B正确；C. f1和f2都将变大，与结论不相符，选项C错误；D. 斜劈受到地面的摩擦力和横杆受到物体c的摩擦力都将变大，与结论不相符，选项D正确.19.如图所示，理想变压器原副线圈匝数比为21，原线圈接交流电u20 sin100 t(V)，保险丝的电阻为1 ，熔断电流为2 A，电表均为理想电表下列
10、说法正确的有A. 电压表V的示数为14.1 VB. 电流表A1、A2的示数之比为21C. 为了安全，滑动变阻器接入电路的最小阻值为4 D. 将滑动变阻器滑片向上移动，电流表A1的示数减小【答案】CD【解析】原线圈电压有效值为，根据变压器原理可得，故电压表V的示数为110V，A错误；根据变压器原理可知，电流强度与匝数成反比，故电流表A1、A2的示数之比为1：2，B错误；保险丝的电阻为1，熔断电流为2A，为了安全，滑动变阻器接入电路的最小阻值为，C错误；将滑动变阻器滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的总电阻增大，副线圈电流强度减小，则原线圈的电流强度也减小，所以电流表A1的示数减小，D正确20.真空
11、中有四个相同的点电荷，所带电荷量均为q，固定在如图所示的四个顶点上，任意两电荷的连线长度都为L，静电力常量为k，下列说法正确的是A. 不相邻的两棱中点连线在同一条电场线上B. 每条棱中点的电场强度大小都为C. 任意两棱中点间的电势差都为零D. a、b、c三点为侧面棱中点，则a、b、c所在的平面为等势面【答案】BC【解析】假设ab连线是一条电场线，则b点的电场方向沿ab方向，同理如果bc连线是一条电场线，b的电场方向沿bc方向，由空间一点的电场方向是唯一的可知电场线不沿ab和bc方向，因此A错；由点电荷的电场的对称性可知abc三点的电场强度大小相同，由电场的叠加法则可知上下两个点电荷对b点的和场
12、强为零，左右两个点电荷对b点的合场强不为零，每个电荷对b点的场强，合场强为，故B正确；由点电荷的电势叠加法则及对称性可知abc三点的电势相等，因此任意两点的电势差为零，故C正确；假设abc平面为等势面，因此电场线方向垂直于等势面，说明电场强度的方向都在竖直方向，由电场叠加原理知b点的电场方向指向内底边，因此abc不是等势面，故D错误。21.一物体静止在水平地面上，在竖直向上拉力F作用下开始向上运动，如图甲。在物体向上运动过程中，其机械能E与位移x的关系图象如图乙，已知曲线上A点的切线斜率最大，不计空气阻力，则A. 在x1处物体所受拉力最大B. 在x1x2过程中，物体的动能先增大后减小C. 在x
13、1x2过程中，物体的加速度先增大后减小D. 在0x2过程中，拉力对物体做的功等于克服物体重力做的功【答案】AB【解析】AE-x图像的斜率代表竖直向上拉力F，物体静止在水平地面上，在竖直向上拉力F作用下开始向上，说明在x=0处，拉力F大于重力，在0-x1过程中，图像斜率逐渐增大，则拉力F在增大，x1处物体图象的斜率最大，所受的拉力最大，故A正确；BC在x1x2过程中，图象的斜率逐渐变小，说明拉力越来越小；在x2处物体的机械能达到最大，图象的斜率为零，说明此时拉力为零。根据合外力可知，在x1x2过程中，拉力F逐渐减小到mg的过程中，物体做加速度逐渐减小的加速运动，物体加速度在减小，动能在增大，拉力
14、F=mg到减小到0的过程中，物体的加速度反向增大，物体做加速度逐渐增大的减速运动，物体的动能在减小；在x1x2过程中，物体的动能先增大后减小，物体的加速度先减小后反向增大，故B正确，C错误；D物体从静止开始运动，到x2处以后机械能保持不变，在x2处时，物体具有重力势能和动能，故在0x2过程中，拉力对物体做的功等于克服物体重力做的功与物体的动能之和，故D错误。三、非选择题：共62分，第2225题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3334题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共47分。22. （5分）某同学用图甲所示装置测量木块与木板间动摩擦因数。图中，置于实验台上的长木板水平放置，其左端
15、固定一轻滑轮，轻绳跨过滑轮，一端与放在木板上的小木块相连，另一端可悬挂钩码。实验中可用的钩码共有N个，将(依次取=1，2，3，4，5)个钩码挂在轻绳左端，其余个钩码放在木块的凹槽中，释放小木块，利用打点计时器打出的纸带测量木块的加速度。(1)正确进行实验操作，得到一条纸带，从某个清晰的打点开始，依次标注0、1、2、3、4、5、6，分别测出位置0到位置3、位置6间的距离，如图乙所示。已知打点周期T=0.02s，则木块的加速度=_ms2。(2)改变悬挂钩码的个数n，测得相应的加速度a，将获得数据在坐标纸中描出(仅给出了其中一部分)如图丙所示。取重力加速度g=10ms2，则木块与木板间动摩擦因数_(保留2位有效数字)(3)实验中_(选填“需要”或“不需要”)满足悬挂钩码总质量远小于木块和槽中钩码总质量。【答案】 不需要 【解析】（1）木块的加速
