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1、2020年高考(全国新课标)押题猜想卷 理科综合物理试题二、选择题:本题共8小题,每小题6分。在每小题给出的四个选项中,第1417题只有一项符合题目要求,第1821题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。14.由我国研制的世界首颗量子科学试验卫星“墨子号”在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭成功发射升空,它的成功发射和在轨运行,不仅将有助于我国广域量子通信网络的构建,服务于国家信息安全,它将开展对量子力学基本问题的空间尺度试验检验,加深人类对量子力学自身的理解,关于量子和量子化,下列说法错误的是()A. 玻尔在研究原子结构中引进了量子化的概念B. 普朗克把
2、能量子引入物理学,破除了“能量连续变化”的传统观念C. 光子的概念是爱因斯坦提出的D. 光电效应实验中的光电子,也就是光子【答案】D【解析】A、玻尔在研究原子结构中引进了轨道量子化、能量量子化和能量差量子化的观念;故A正确.B、普朗克引入能量子的观点,正确地破除了“能量连续变化”的传统观念,故B正确;C、爱因斯坦提出了光子说并建立了光电效应方程,故C正确;D、光电效应实验中发射出来的电子叫光电子,所以光电效应实验中的光电子,还是电子,不是光子,故D错误;本题选错误的故选D.15.甲、乙两车从同一地点沿相同方向由静止开始做直线运动,它们运动的加速度随时间变化图象如图所示。关于两车的运动情况,下列
3、说法正确的是A. 在04 s内甲做匀加速直线运动,乙做加速度减小的加速直线运动B. 在02 s内两车间距逐渐增大,24 s内两车间距逐渐减小C. 在t2 s时甲车速度为3 m/s,乙车速度为4.5 m/sD. 在t4 s时甲车恰好追上乙车【答案】C【解析】根据图象可知,乙的加速度逐渐减小,不是匀减速直线运动,故A错误;据加速度时间图象知道图象与时间轴所围的面积表示速度。据图象可知,当t=4s时,两图象与t轴所围的面积相等,即该时刻两辆车的速度相等;在4秒前乙车的速度大于甲车的速度,所以乙车在甲车的前方,所以两车逐渐远离,当t=4s时,两车速度相等即相距最远,故BD错误;在t=2s时乙车速度为v
4、乙(1.5+3)24.5m/s,甲车速度为v甲=1.52=3m/s,故C正确。故选C。16.如图所示,半径为r的金属圆环放在垂直纸面向外的匀强磁场中,环面与磁感应强度垂直,磁场的磁感应强度为B0,保持圆环不动,将磁场的磁感应强度随时间均匀增大经过时间t,磁场的磁感应强度增大到B1,此时圆环中产生的焦耳热为Q;保持磁场的磁感应强度B1不变,将圆环绕对称轴(图中虚线)匀速转动,经时间2t圆环转过90,圆环中电流大小按正弦规律变化,圆环中产生的焦耳热也为Q,则磁感应强度B0和B1的比值为( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】当线圈不动时,根据 求解感应电动势,根据 求解热量;当线圈转动时,
5、根据E=BS求解最大值,然后根据交流电的有效值求解产生的热量,联立后即可求解.若保持圆环不动,则产生的感应电动势恒定为,则 ;若线圈转动:则 产生的感应电动势最大值: ,有效值,产生的热量,联立可得:,故选A.17.如图甲所示,轻绳一端固定在O点,另一端固定一小球(可看成质点),让小球在竖直平面内做圆周运动。改变小球通过最高点时的速度大小v,测得相应的轻绳弹力大小F,得到F-v2图象如图乙所示,已知图线的延长线与纵轴交点坐标为(0,b),斜率为k。不计空气阻力,重力加速度为g,则下列说法正确的是A. 该小球的质量为bgB. 小球运动的轨道半径为C. 图线与横轴的交点表示小球所受的合外力为零D.
6、 当v2=a时,小球的向心加速度为g【答案】B【解析】利用受力,列牛顿第二定律公式,然后结合图像中的斜率和截距求解即可。AB、小球在最高点时受到拉力为F,根据牛顿第二定律可知: 解得: 结合图像可知: ,即 ,斜率 解得: 故A错;B对;C、 图线与横轴的交点表示小球所受的拉力为零,即合外力等于重力时的情况,故C错;D、根据向心加速度公式可知 ,故D错;故选B18.如图所示,倾角为的斜劈放置在粗糙水平面上,斜面粗糙,物体放在斜面上一根轻质细线一端固定在物体a上,细线绕过两个光滑小滑轮,滑轮1固定在斜劈上、滑轮2下吊一物体b,细线另一端固定在c上,c穿在水平横杆上,物体a和滑轮1间的细线平行于斜
7、面,系统静止物体a受到斜劈的摩擦力大小为f1、c受到横杆的摩擦力大小为f2,若将c向右移动少许,a始终静止,系统仍静止,则()A. f1由沿斜面向下改为沿斜面向上,f2始终沿横杆向右B. 细线对a和c的拉力都将变大C. f1和f2都将变大D. 斜劈受到地面的摩擦力和横杆受到物体c的摩擦力都将变大【答案】BD【解析】以滑轮2为研究的对象,受力如图1,若将c向右移动少许,两个绳子之间的夹角增大。由于b对滑轮的拉力不变,两个绳子之间的夹角变大,所以看到绳子的拉力F一定变大。斜面的倾角为,设物体a的质量为m,以a为研究的对象。若物体a原来受到的静摩擦力沿斜面向下时,则有F=mgsin+f1,得f1=F
8、-mgsin。当F逐渐增大时,f1也逐渐增大;若物体a原来受到的静摩擦力沿斜面向上时,则有F+f1=mgsin,得f1=mgsin-F当F逐渐增大时,f1逐渐减小;若物体原来mgsin=F,则物体所受斜面摩擦力为0,当F逐渐增大时,f1也逐渐增大;所以将c向右移动少许,细线对a的拉力将变大,但是f1可能逐渐增大,也可能逐渐减小。以c为研究的对象,受力如图2,则:沿水平方向:Fsin-f2=0由于将c向右移动少许,细线对c的拉力将变大,增大,所以f2=Fsin一定增大。以物体a与斜劈组成的整体为研究的对象,整体受到重力、地面的支持力、绳子对a的拉力、两根绳子对滑轮1的向下的压力以及地面的摩擦力的
9、作用,其中是水平方向上系统受到的摩擦力与a受到的绳子在水平方向的分力是相等的,即:f=Fcos。由于将c向右移动少许,细线对a的拉力F变大,所以地面对斜劈的摩擦力增大。A. f1由沿斜面向下改为沿斜面向上,f2始终沿横杆向右,与结论不相符,选项A错误;B. 细线对a和c的拉力都将变大,与结论相符,选项B正确;C. f1和f2都将变大,与结论不相符,选项C错误;D. 斜劈受到地面的摩擦力和横杆受到物体c的摩擦力都将变大,与结论不相符,选项D正确.19.如图所示,理想变压器原副线圈匝数比为21,原线圈接交流电u20 sin100 t(V),保险丝的电阻为1 ,熔断电流为2 A,电表均为理想电表下列
10、说法正确的有A. 电压表V的示数为14.1 VB. 电流表A1、A2的示数之比为21C. 为了安全,滑动变阻器接入电路的最小阻值为4 D. 将滑动变阻器滑片向上移动,电流表A1的示数减小【答案】CD【解析】原线圈电压有效值为,根据变压器原理可得,故电压表V的示数为110V,A错误;根据变压器原理可知,电流强度与匝数成反比,故电流表A1、A2的示数之比为1:2,B错误;保险丝的电阻为1,熔断电流为2A,为了安全,滑动变阻器接入电路的最小阻值为,C错误;将滑动变阻器滑片向上移动,滑动变阻器接入电路的总电阻增大,副线圈电流强度减小,则原线圈的电流强度也减小,所以电流表A1的示数减小,D正确20.真空
11、中有四个相同的点电荷,所带电荷量均为q,固定在如图所示的四个顶点上,任意两电荷的连线长度都为L,静电力常量为k,下列说法正确的是A. 不相邻的两棱中点连线在同一条电场线上B. 每条棱中点的电场强度大小都为C. 任意两棱中点间的电势差都为零D. a、b、c三点为侧面棱中点,则a、b、c所在的平面为等势面【答案】BC【解析】假设ab连线是一条电场线,则b点的电场方向沿ab方向,同理如果bc连线是一条电场线,b的电场方向沿bc方向,由空间一点的电场方向是唯一的可知电场线不沿ab和bc方向,因此A错;由点电荷的电场的对称性可知abc三点的电场强度大小相同,由电场的叠加法则可知上下两个点电荷对b点的和场
12、强为零,左右两个点电荷对b点的合场强不为零,每个电荷对b点的场强,合场强为,故B正确;由点电荷的电势叠加法则及对称性可知abc三点的电势相等,因此任意两点的电势差为零,故C正确;假设abc平面为等势面,因此电场线方向垂直于等势面,说明电场强度的方向都在竖直方向,由电场叠加原理知b点的电场方向指向内底边,因此abc不是等势面,故D错误。21.一物体静止在水平地面上,在竖直向上拉力F作用下开始向上运动,如图甲。在物体向上运动过程中,其机械能E与位移x的关系图象如图乙,已知曲线上A点的切线斜率最大,不计空气阻力,则A. 在x1处物体所受拉力最大B. 在x1x2过程中,物体的动能先增大后减小C. 在x
13、1x2过程中,物体的加速度先增大后减小D. 在0x2过程中,拉力对物体做的功等于克服物体重力做的功【答案】AB【解析】AE-x图像的斜率代表竖直向上拉力F,物体静止在水平地面上,在竖直向上拉力F作用下开始向上,说明在x=0处,拉力F大于重力,在0-x1过程中,图像斜率逐渐增大,则拉力F在增大,x1处物体图象的斜率最大,所受的拉力最大,故A正确;BC在x1x2过程中,图象的斜率逐渐变小,说明拉力越来越小;在x2处物体的机械能达到最大,图象的斜率为零,说明此时拉力为零。根据合外力可知,在x1x2过程中,拉力F逐渐减小到mg的过程中,物体做加速度逐渐减小的加速运动,物体加速度在减小,动能在增大,拉力
14、F=mg到减小到0的过程中,物体的加速度反向增大,物体做加速度逐渐增大的减速运动,物体的动能在减小;在x1x2过程中,物体的动能先增大后减小,物体的加速度先减小后反向增大,故B正确,C错误;D物体从静止开始运动,到x2处以后机械能保持不变,在x2处时,物体具有重力势能和动能,故在0x2过程中,拉力对物体做的功等于克服物体重力做的功与物体的动能之和,故D错误。三、非选择题:共62分,第2225题为必考题,每个试题考生都必须作答。第3334题为选考题,考生根据要求作答。(一)必考题:共47分。22. (5分)某同学用图甲所示装置测量木块与木板间动摩擦因数。图中,置于实验台上的长木板水平放置,其左端
15、固定一轻滑轮,轻绳跨过滑轮,一端与放在木板上的小木块相连,另一端可悬挂钩码。实验中可用的钩码共有N个,将(依次取=1,2,3,4,5)个钩码挂在轻绳左端,其余个钩码放在木块的凹槽中,释放小木块,利用打点计时器打出的纸带测量木块的加速度。(1)正确进行实验操作,得到一条纸带,从某个清晰的打点开始,依次标注0、1、2、3、4、5、6,分别测出位置0到位置3、位置6间的距离,如图乙所示。已知打点周期T=0.02s,则木块的加速度=_ms2。(2)改变悬挂钩码的个数n,测得相应的加速度a,将获得数据在坐标纸中描出(仅给出了其中一部分)如图丙所示。取重力加速度g=10ms2,则木块与木板间动摩擦因数_(保留2位有效数字)(3)实验中_(选填“需要”或“不需要”)满足悬挂钩码总质量远小于木块和槽中钩码总质量。【答案】 不需要 【解析】(1)木块的加速