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1、山西省晋中市平遥县第二中学2018-2019学年高一生物下学期第一次月考试题（含解析）一、选择题1.紫罗兰单瓣花(A)对重单瓣花(a)显性。图示一变异品系，A基因所在的染色体缺失了一片段(如图所示)，该变异不影响A基因功能。发生变异的个体中，含缺失染色体的雄配子不育，但含缺失染色体的雌配子可育。现将该个体自交，子代单瓣花与重单瓣花分离比为A. 11B. 10C. 21D. 31【答案】A【解析】【分析】本题考查基因分离定律的实质及应用，要求考生掌握基因分离定律的实质，能根据题干信息准确判断亲本产生的配子的类型，再结合题干信息准确判断各选项，属于考纲理解层次的考查【详解】分析题干的信息：如果A基
2、因不缺失，图形中Aa个体产生的配子是A：a=1：1；根据信息“A基因所在的染色体缺失了一片段，该变异不影响A基因功能发生变异的个体中，含缺失染色体的雄配子不育，但含缺失染色体的雌配子可育”，该植物产生的雄配子为：1A（致死）：1a，雌配子为：1A：1a因此该个体自交，子代单瓣花与重单瓣花分离比为11 故选A【点睛】根据题意分析雌雄配子的种类和比例是解题的关键。2.果蝇的体色和翅型由基因控制。已知黑身残翅果蝇与灰身长翅果蝇交配,F1为黑身长翅和灰身长翅,比例为1:1。当F1的黑身长翅果蝇自由交配时,其后代表现型及比例为黑身长翅:黑身残翅:灰身长翅:灰身残翅=6:2:3:1。下列分析错误的是( )
3、A. 果蝇的两对相对性状,显性分别是黑身和长翅B. F1的黑身长翅果蝇自由交配产生的后代中致死个体占1/3C. F1的黑身长翅果蝇自由交配产生的后代中致死基因型有3种D. F2中黑身残翅果蝇个体测交后代表现型比例为1:1【答案】B【解析】分析】本题考查自由组合定律，考查自由组合定律的应用。解题的突破口在于根据F1黑身长翅果蝇自由交配的后代表现型判断两对相对性状的显隐性，分别分析两对相对性状的性状分离比，可确定致死个体的基因型。【详解】F1黑身长翅果蝇自由交配，后代出现黑身长翅、黑身残翅、灰身长翅、灰身残翅4种表现型，据此可判断果蝇的两对相对性状中，显性分别是黑身和长翅，且F1黑身长翅果蝇为双杂
4、合子，A项正确；F2中黑身灰身=21，据此可判断黑身基因纯合致死，F1的黑身长翅果蝇自由交配产生的后代中致死个体占1/4，B项错误；设控制体色和翅形的基因分别为A、a和B、b，F1的黑身长翅果蝇自由交配产生的后代中致死基因型有AABB、AABb、AAbb3种，C项正确；F2中黑身残翅果蝇个体基因型为Aabb，测交后代表现型及比例为黑身残翅灰身残翅=11，D项正确。3.已知某植物开红花是由两个显性基因A和B共同决定的，否则开白花，两对基因符合自由组合定律，则植株AaBb自交后代的表现型种类及比例是（ ）A. 4种，9331B. 2种，31C. 4种，1111D. 2种，97【答案】D【解析】【分
5、析】分析题意可知，植物开红花是由两个显性基因A和B共同决定的，否则开白花，因此可以确定红花基因型为：A_B_，其它A_bb、aaB_、aabb均开白花。【详解】由题意可知：由于两对等位基因符合自由组合定律，根据AaBb自交后代产生9A_B_：3A_bb：3aaB_：1aabb，又由于只有A_B_开红花，其它全开白花，因此自交后代只有2种表现型，并且比例=9红花：（3+3+1）白花=9：7。故选D。【点睛】牢固准确记忆“AaBb自交后代为9A_B_：3A_bb：3aaB_：1aabb”是分析解答本题的关键。4.灰兔和白兔杂交，F1全灰兔，F1雌雄个体相互交配，F2中有灰兔、黑兔和白兔，比例为93
6、4，则()A. 家兔的毛色受一对等位基因控制B. F2灰兔中能稳定遗传的个体占1/16C. F2黑兔基因型有3种D. F2中黑兔与白兔交配，后代出现白兔的概率是1/3【答案】D【解析】【分析】根据题意分析可知：F2中有灰兔、黑兔和白兔，比例为9：3：4，说明符合基因的自由组合定律。其中灰兔的基因型为AABB、AABb、AaBB、AaBb；黑兔的基因型一般为AAbb、Aabb；白兔的基因型为aaBB、aaBb、aabb，所以家兔的毛色受两对等位基因控制。F2灰兔中能稳定遗传的个体占1/9；F2灰兔基因型有4种，能产生4种配子，但比例不相等。【详解】9：3：4实质上是9：3：3：1的变式，所以家兔
7、毛色受两对独立遗传的等位基因控制，A错误；F2灰兔有4种基因型（1/9AABB、2/9AABb、2/9AaBB、4/9AaBb），其中能稳定遗传的个体占1/9，B错误；由分析可知，F2黑兔基因型有2种，C错误；F2中黑兔（2/3Aabb、1/3AAbb）产生两种配子：Ab：ab=2：1，白兔（1/4aaBB、2/4aaBb、1/4aabb）产生两种配子：aB：ab=1：1，则后代白兔的几率是1/21/3+1/21/3=1/3，D正确。故选D。5.普通水稻不含耐盐基因、含有吸镉基因（A）。科学家将普通水稻的两个位于6号染色体上的吸镉基因敲除（相当于成为基因a）获得了低镉稻甲，并向另一普通水稻的两
8、条2号染色体上分别插入了一个耐盐基因（B）获得了海水稻乙，然后让甲和乙杂交获得F1，F1自交获得F2，下列描述错误的是A. F1的表现型为高镉耐盐的海水稻B. F2中低镉非耐盐稻所占比例为3/16C. F2的低镉耐盐水稻中纯合子占1/3D. 耐盐基因和吸镉基因能自由组合【答案】B【解析】【分析】根据题意可知A基因按题设条件被敲出后突变后为a基因，而B基因可认为是b基因发生显性突变的结果，如题干所述，如下图1表示普通水稻，2号和6染色体上关于上述两种性状的基因组成，图2表示低镉稻甲，图3表示海水稻乙。 让甲和乙杂交获得F1，其基因型为AaBb，F1自交获得F2代。因此，本题属于自由组合定律的理解
9、与应用。【详解】由题干可知，甲的基因型为aabb，乙的基因型为AABB，F1的基因型则为AaBb，含A基因（吸镉基因），含B（耐盐基因），则为F1为高镉耐盐水稻，故A正确；F1自交，F2中低镉非耐盐稻基因型为aabb，所占比例应为1/16，故B错误；F2的低镉耐盐水稻基因型及所占比例为1/16aaBB或2/16aaBb，因此，低镉耐盐水稻中纯合子比例为1/3，故C正确；由于耐盐基因和高镉基因分别位于两对同源染色体上，遵循自由组合定律，故D正确；综上所述，选B项。【点睛】本题考查考生对自由组合定律的理解与应用，解题关键是根据题干信息，将甲和乙水稻基因型分析出来，然后再逐项分析计算。6.若下列多对
10、等位基因均独立遗传并分别控制不同的性状，则下列叙述正确的是（ ）A. 基因型为AaBb的个体可产生4种类型的配子，基因型为AaBbCc的个体可产生8种类型的配子，且雌雄配子的数量相等B. 基因型为AaBbCcDD的个体产生的配子中，类型为ABCD的配子所占的比例为1/16，其自交后代的表现型有24种C. 杂交组合AaBbaabb与AabbaaBb产生的后代的基因型相同，但表现型不同D. AaBbaaBb产生的后代中基因型为AaBb的个体出现的概率为1/4，双隐性性状个体出现的概率为1/8【答案】D【解析】【分析】本题考查基因的分离定律和自由组合定律的应用，主要考查乘法原理在自由组合定律中的应用
11、。【详解】多对等位基因独立遗传的情况下，基因型为AaBb的个体可产生22=4种配子，基因型为AaBbCc的个体可产生222=8种配子，但雌配子数目一般远少于雄配子数目，因此，A错误；基因型为AaBbCcDD的个体产生的配子中，类型为ABCD的配子所占的比例=1/21/21/21=1/8，其中后代的表现型有2221=8种，故B错误；杂交组合AaBbaabb与AabbaaBb产生的后代的基因型相同，表现型也相同，C错误；AaBbaaBb产生的后代中基因型为AaBb的个体出现的概率为1/21/2=1/4，双隐性性状个体出现的概率为1/21/4=1/8，D正确，综上所述，选D项。7.现有一个由AA、A
12、a、aa三种基因型个体组成的动物种群。已知该种群中具有繁殖能力的个体间通过随机交配进行繁殖，而aa个体不具有繁殖能力。该种群繁殖一代，若子一代中AAAaaa961，则亲代中AA、Aa和aa的数量比可能为()A. 414B. 432C. 423D. 551【答案】D【解析】【分析】考点是基因分离定律，亲本按基因分离定律产生配子，配子随机结合产生子代，因此可以根据子代基因型比例推理亲代基因型的数量关系。考查了理解和推理能力。【详解】根据随机交配子代AA:Aa:aa=9:6:1可以推理亲本AA、Aa产生的配子比例：A:a=（926）:（612）=3:1，所以亲本AA:Aa=1:1，但亲本中aa的数量
13、无法计算，所以可能是5:5:1。选D。【点睛】当亲本随机交配时，可以应用基因（配子）频率进行计算；亲本的aa不繁殖，因此无法得知其数量；1:1与5:5相当。8.假设某种仓鼠的Aa和aa个体全部存活，AA个体在出生前会全部死亡。现有该动物的一个大群体，Aa与aa的比例为1:2。理论上该群体随机交配产生的子代中Aa和aa的比例为A. 1:1B. 1:2C. 2:1D. 2:5【答案】D【解析】【详解】据题意可知，该仓鼠群体很大，而且随机交配，符合遗传平衡定律。因Aaaa=l2，推出A=1/6，a=5/6，自由交配形成受精卵的基因型及比例是AA=1/61/6=1/36、Aa=21/65/6=10/3
14、6，aa=5/65/6=25/36故AAAaaa=l1025，由于AA出生前全部死亡，因此子代中Aa 和aa 的比例为10:25=2:5，D正确，A、B、C错误，所以选D。9.某种鼠中，毛的黄色基因Y对灰色基因y为显性，短尾基因T对长尾基因t为显性，且基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死，这两对基因自由组合。现有两只黄色短尾鼠交配，它们所生后代的表现型比例为A. 4：2：2：1B. 9：3：3：1C. 1：1：1：1D. 3：3：1：1【答案】A【解析】根据题意，基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死，所以黄色短尾鼠的基因型为YyTt。多对黄色短尾鼠交配时会产生9种基因型的个体，即：Y_T_、Y_tt、
15、yyT_、yytt，但是由于基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死，所以只有YyTt（黄色短尾）、Yytt（黄色长尾）、yyTt（灰色短尾）、yytt（灰色长尾）四种基因型的个体能够生存下来，比例为4221。因此，后代的表现型比例也为4221，A项正确，B、C、D项错误。10.基因型为Aa的植物体产生的配子的数量是A. 雌配子：雄配子=1：1B. 雌配子比雄配子多C. 雄配子：雌配子=3：1D. 雌配子A：雌配子a=l：1【答案】D【解析】基因分离定律的实质是等位基因的分离，Aa的植物产生的雄性配子中A和a数量相等，雌配子中A和a数量也相等，但雄配子数量远远比雌配子多故选：D11.荠菜的果实形状由两对独立遗传的等位基因控制，已知三角形基因(B)对卵形基因(b)为显性，但当另一圆形显性基因(A)存在时，基因B和b都不能表达。现有一对亲本杂交，后代的分离比为圆形三角形卵形611，则该亲本的基因型可能为()A. aabbAabbB. AaBbAabbC. AabbaaBbD. AaBbaabb【答案】B【解析】【详解】已知后代圆形:三
