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1、辽宁省营口市2020年中考物理试卷一、填空题（本大题包括8小题，没空1分，共24分）1（3分）（2020营口）我省在科学规划城市建设时，将森林搬进城市并且修建了多处人工湖，这是利用水比热容大 的特性，且水在蒸发时吸热（选填“吸热”或“放热”）的特点调节气温，营造“宜居辽宁”的舒适环境以船上的乘客为参照物，湖中划动的游船是静止的考点：水的比热容的特点及应用；参照物及其选择专题：比热容、热机、热值；长度、时间、速度分析：（1）水的比热容比较大，在相同质量、升高相同的温度时，水可以吸收更多的热量；蒸发是汽化的一种，汽化吸热，所以蒸发也吸热；（2）判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照
2、物之间是否有位置变化；若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的解答：解：（1）修建多处人工湖，大量增加水面面积，因为水的比热容比较大，在升高相同的温度时可以吸收相同的热量，在降低相同的温度时可以放出更多的热量，可以减小城市的温差；并且水在蒸发时吸收热量，也能有效调节周围环境的气温（2）游船在湖中行驶，乘客相对与迎面驶来的船、湖岸上的树、湖水来说，位置都发生了改变，因此以它们为参照物，游船是运动的；但是对船上的乘客来说，游船的位置没有发生变化，因此是静止的故答案为：比热容；汽化；船上的乘客点评：（1）靠水而居可以“冬暖夏凉”，这是人们都知道的常识，其基
3、本原理就是利用了水的比热容较大的特性；（2）同一个物体，如果选择不同的物体为参照物，运动情况可能不同，这就是运动和静止的相对性2（3分）（2020营口）2020年6月11日我国“神十”载人飞船发射成功升空过程中，飞船的机械能增大（选填“增大”或“减小”）；在穿越大气层时，“神十”飞船克服摩擦，将部分机械能转化为内能；地面指挥中心的指令是通过电磁波 传递给飞船的考点：动能和势能的大小变化；电磁波的传播；做功改变物体内能专题：分子热运动、内能；信息的传递；机械能及其转化分析：（1）机械能包括动能和势能，物体动能和势能的变化会引起机械能的变化；动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大则动能越大；重力
4、势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大（2）由于飞船与空气摩擦，需克服摩擦做功，使物体的内能增加、温度升高（3）电磁波能够传递信息，并能在真空中传播解答：解：“神十”载人飞船升空过程中，质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大因为机械能=动能+势能，所以机械能增大飞船在穿越大气层时，需要克服与空气间的摩擦做功，机械能转化为内能，使内能增加、温度升高电磁波可以在真空中传播，所以地面指挥中心的指令是通过电磁波传播的故答案为：增大；内能；电磁波（或无线电波）点评：本题考查了电磁波的传播、做功与物体内能改变、影响机械能大小的因素，要求能够从不同事例中分析机械能的变化，属于对
5、基础知识的考查3（2分）（2020营口）寒冷的冬天，小明在晨练时看到一些与物态变化相关的现象，请你将物态变化的名称填在横线上：跑步时嘴里呼出的“白气”是液化现象，路边树上的雾凇是凝华现象考点：液化及液化现象；生活中的凝华现象专题：汽化和液化、升华和凝华分析：物质由气态变成液态的现象叫做液化，由气态直接变成固态的现象叫做凝华解答：解：（1）跑步时嘴里呼出的“白气”，口中呼出的温度较高的水蒸气遇到周围温度较低的空气凝结成小水滴，形成“白气”，属于液化现象；（2）路边树上的雾凇，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象故答案为：液化；凝华点评：本题考查了学生对生活中物态变化的判断，属于基础知
6、识的考查，抓住物质的状态变化是解决此题的关键4（4分）（2020营口）使用天平和量筒测量金属块的密度时，将天平放在水平桌面上，发现指针指在分度标盘中央刻度线的左侧，此时应将天平的平衡螺母向右（选填“左”或“右”）调节用调好的天平测金属块的质量时，砝码及游码的位置如图甲所示，则金属块的质量是32.4g；放入金属块前量筒内水的体积为10ml，放入金属块后量筒内水面位置如图乙所示，则金属块的密度为1.62103kg/m3若金属块有磨损后，它的密度不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）考点：固体密度的测量专题：测量型实验综合题分析：（1）使用天平测量质量之前要调平，调平的原则是相对指针，平衡螺母“左
7、偏右调，右偏左调”（2）被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和读取游码所对刻度时，以左侧为准（3）用量筒测量液体体积时，先要明确量筒的分度值，读数时视线与最凹处相平已知金属块的质量和体积，用公式计算其密度（4）密度是物质的固有属性，与物体的质量、体积没有关系解答：解：（1）已知指针偏向分度盘左侧，应向右移动平衡螺母使天平平衡（2）金属块的质量为m=20g+10g+2.4g=32.4g（3）由图知，放入金属块后体总积为30cm3，金属块的体积为V=30cm310cm3=20cm3金属块的密度为=1.62/cm3=1.62103kg/m3；（4）金属块有磨损，金属块质量变小，体积变小，它
8、的密度不变；故答案为：右；32.4；1.62103；不变点评：本题考查天平的使用，量筒的读数，密度的计算，属于基础题但学生容易出错5（3分）（2020营口）常见的光学仪器在我们的生活、学习中应用广泛照相时，被拍摄者应站在距镜头2倍焦距以外（或大于2倍焦距）处；投影仪能使投影片在屏幕上成倒立、放大实像；借助放大镜看地图时，为使看到的像更大，应适当增大放大镜与地图间的距离考点：凸透镜成像的应用专题：透镜及其应用分析：（1）掌握凸透镜成像的三种情况和应用：u2f，成倒立、缩小的实像，物像的凸透镜的异侧，应用于照相机和摄像机2fuf，成倒立、放大的实像，物像的凸透镜的异侧，应用于幻灯机和投影仪uf，成
9、正立、放大的虚像，物像的凸透镜的同侧，应用于放大镜和老花镜（2）放大镜的成像特点：物距在一倍焦距内时，凸透镜成放大正立的像，且当物体离焦点近时，成的像较大解答：解：根据凸透镜成像规律：物距大于二倍焦距成倒立、缩小实像，可知，照相时，被拍摄者应站在距镜头2倍焦距以外（或大于2倍焦距）处；物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立、放大实像，像距大于二倍焦距，应用是幻灯机、投影仪根据凸透镜的成像特点知，成正立放大的虚像时，离焦点越近时，像越大，为使看到的像更大，应适当增大放大镜与地图间的距离故答案为：2倍焦距以外（或大于2倍焦距）；放大；增大点评：此题考查了凸透镜的特点和成像原理及应用，要结合物理知识进行
10、分析解答6（4分）（2020营口）我国核动力潜艇“长城号”利用核裂变（选填“核裂变”或“核聚变”）反应提供动力，核能属于不可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源；若海水密度不变，该潜艇在海面下不断下潜时，受到海水的压强变大，受到的浮力不变（以上两空选填“变大”、“变小”或“不变”）考点：核能；液体的压强的特点；阿基米德原理专题：压强、液体的压强；浮力；能源的利用与发展分析：（1）核裂变和核聚变都能释放能量，但是又有区别，对于核裂变是可控的，对于核聚变过程不可控；（2）像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；（3）由公式p=gh可知：若海水密度不变，潜艇在海面下不断
11、下潜时，受到海水的压强的变化；（4）由阿基米德原理可知，浸在液体中的物体受到的浮力与排开的液体体积和液体密度有关解答：解：（1）核裂变是可控的，故核动力潜艇“长城号”利用核裂变反应提供动力的；（2）核能短期内不能从自然界得到补充，它属于不可再生能源；（3）海水密度不变，潜艇在海面下不断下潜时，随深度的增加受到海水的压强变大；（4）潜水舱在海面下匀速下潜过程中排开海水的体积不变，海水密度不变，所以受到的海水浮力就不变；故答案为：核裂变；不可再生；变大；不变点评：此题是一道综合性题目，涉及到核能、能源的分类、浮力、液体压强等多个知识点，应当重点掌握7（2分）（2020营口）看电视时，人们可以通过遥
12、控器发出的红外线 （选填“红外线”或“紫外线”）来调控电视机小明家其它用电器关闭，只有电视机工作2min时，他家标有3000r/（kWh）的电能表铝制圆盘转了20r，则电视机实际功率是200W考点：电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法专题：计算题；应用题；压轴题；电能和电功率分析：（1）红外线是众多太阳光线中不可见的一种，其特点是：热作用强、穿透云雾的能力强，电视机的遥控器工作时通过红外线来传递的；（2）3000r/（kWh）表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转3000r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗kWh的电能，求出转盘转20r电路中消耗的电能，然后求出电视机的实际
13、功率解答：解：（1）人们可以通过遥控器发出的红外线来调控电视机；（2）电能表转盘转动20r，电路消耗的电能为：W=20kWh=kWh，电视机单独工作时间：t=2min=h，电视机的实际功率：P=0.2kW=200W故答案为：红外线；200点评：本题考查了红外线的应用、电能表的参数的理解和电功率的计算，理解“3000r/kWh”的含义是本题的关键8（3分）（2020营口）小清同学利用电磁继电器设计了一个自动恒温加热鱼缸，如图所示，A为一段软导线，左侧的温度计是电接点水银温度计，B为一个小型电热器，其铭牌如表所示该装置能使鱼缸中的水温大致保持在26，用水银温度计是因为水银是导体，装置某次连续正常工
14、作2min，电热器可放出1.32104J的热量考点：电磁继电器的组成、原理和特点；焦耳定律的计算公式及其应用专题：电与热、生活用电；磁现象、电生磁分析：（1）掌握电磁继电器的工作原理分析温度变化时控制电路的开合：当温度升高时，导线接触水银面，此时控制电流接通，电磁铁有磁性，吸引衔铁，电路断开，电阻丝不发热；当温度降低时，导线离开水银面，此时控制电流断开，电磁铁无磁性，衔铁被弹簧拉起，电路接通，电阻丝发热；（2）首先根据图象中给出的信息，确定加热器的功率，根据Q=W=Pt计算放出的热量解答：解：温度计的分度值为1，导线的末端在26处，由于水银是导体，当温度升高到26时，控制电流接通，电磁铁有磁性，吸引衔铁，电路断开，电阻丝不发热；当温度下降低于26时，控制电流断开，电磁铁无磁性，衔铁被弹簧拉起，电路接通，电阻丝发热；所以该装置能使鱼缸中的水温大致保持在26；由图象知，电热器的功率为110W，则Q=W=Pt=110W260s=1.32104J故答案为：26；导体；1.32104点评：此题考查了对电磁继电器的工作原理的分析，同时考查了有关电能的计算，应属基础性题目二、选择题（本题包括9个小题，共21分其中914小题为单选题，每小题2分；1517小题为多选题，每小题2分对于多选题，漏选得2分，错选、多选得0分请将正确选项前的字母填在下面的表格中）9（2分）（2020营
