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1、重庆市西南大学附属中学校2019届高三物理第九次月考试题（含解析）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.下列说法正确的是A. 、和三种射线中，射线的穿透能力和电离能力均最强B. 是核裂变方程，其中x = 10C. 发生光电效应时，入射光越强，光子的能量就越大，光电子的最大初动能就越大D. 放射性元素的原子核每放出一个 粒子，就减少一个质子，增加一个中子【答案】B【解析】【详解】A、和三种射线中，射线的穿透能力最强但电离能力最弱，故A错；B、 是核
2、裂变方程，根据电荷数和质量数守恒可求得x = 10，故B对；C、发生光电效应时，光电子的最大初动能与入射光的频率有关，频率越高则最大初动能就越大，与入射光的强度无关，故C错；D、按照电荷数和质量数守恒可知放射性元素的原子核每放出一个粒子，就减少一个中子，增加一个质子，故D错2.半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板MN。在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止状态。如图所示是这个装置的纵截面图。若用外力使MN保持竖直，缓慢地向右移动，在Q落到地面以前，发现P始终保持静止。在此过程中，下列说法中正确的是A. MN对Q的作用力先减小后增大B. 地面对P的摩擦
3、力逐渐减小C. P、Q间的弹力逐渐增大D. 地面对P的支持力逐渐增大【答案】C【解析】【详解】AC、对Q受力分析,受重力、P对Q的支持力和MN对Q的支持力,如图根据共点力平衡条件,有 当MN保持竖直，缓慢地向右移动，夹角 逐渐增大，根据公式可知：， 都在增大，故A错；C对BD、再对P、Q整体受力分析,受重力、地面支持力、MN挡板对其向左支持力和地面对其向右的支持力,如图根据共点力平衡条件,有 当MN保持竖直，缓慢地向右移动，夹角 逐渐增大，根据公式可知：地面对P的摩擦力逐渐增大，地面对P的支持力保持不变，故BD错误；3.发射地球同步卫星要经过三个阶段：先将卫星发射至近地圆轨道1，然后使其沿椭圆
4、轨道2运行，最后将卫星送入同步圆轨道 轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，如图所示当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是A. 卫星在轨道1、2上经过Q点时的加速度相等B. 卫星在轨道2上经运行的周期大于在轨道3上运行的周期C. 卫星在轨道3上运行的速度大于它在轨道2经过Q点时的速度D. 卫星在轨道2上运行时机械能增大【答案】A【解析】【详解】A、根据万有引力提供向心力知卫星在轨道1上经过Q点时的加速度等于它在轨道2上经过Q点时的加速度，故A对；B、根据开普勒第三定律 可知半长轴越大，则周期就越大，由于 ，所以卫星在轨道2上经运行的周期小于在轨道3上运行的周期，故B错；
5、C、由1轨道变轨到2轨道,必须加速,所以轨道1上Q点的速度小于轨道2上Q点的速度，而轨道1和轨道3都是圆轨道，根据 可知轨道1上运行的速度大于轨道3上运行的速度，所以卫星在轨道3上运行的速度小于它在轨道2经过Q点时的速度，故C错；D、卫星在轨道2上运行时只有万有引力做功，所以机械能守恒，故D错；4.一正三角形导线框高为从图示位置沿x轴正方向匀速穿过两匀强磁场区域。两磁场区域磁感应强度大小均为B、磁场方向相反且均垂直于xOy平面，磁场区域宽度均为a。则感应电流I与线框移动距离x的关系图象可能是（以逆时针方向为感应电流的正方向A. B. C. D. 【答案】C【解析】当线框移动距离x在a2a范围，
6、线框穿过两磁场分界线时，BC、AC边在右侧磁场中切割磁感线，有效切割长度逐渐增大，产生的感应电动势E1增大，AC边在左侧磁场中切割磁感线，产生的感应电动势E2不变，两个电动势串联，总电动势E=E1+E2增大，故A错误；当线框移动距离x在0a范围，线框穿过左侧磁场时，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针，为正值，故B错误；当线框移动距离x在2a3a范围，线框穿过左侧磁场时，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针，为正值，故C正确，D错误。所以C正确，ABD错误。5.图中理想变压器原、副线圈的匝数之比为41，电压表和电流表可视为理想电表，现在原线圈两端加上交变电压U=311sin(100t)V时，灯泡L
7、1、L2均正常发光则下列说法中正确的是A. 该交流电的方向每秒钟改变50次B. 电压表的示数为55VC. 若将变阻器的滑片P向下滑动，则L1变亮、L2将变暗D. 若将变阻器的滑片P向上滑动，则原线圈的输入功率增大【答案】BD【解析】【详解】A、电路中的变压器与电感均不改变交流电的频率，由原线圈交变电压的表达式可知，交流电的周期 ，而交流电在一个周期内电流方向变化两次，所以该交流电的方向每秒钟改变100次，故A错；B、原线圈的有效电压为，理想变压器原副线圈电压比等于匝数比， 所以副线圈电压为 ，故B对；C、若将变阻器的滑片P向下滑动，副线圈的电压不变，所以L1亮度不变、L2回路中的电阻变大，所以
8、L2将变暗，故C错；D、若将变阻器的滑片P向上滑动，滑动变阻器上的电阻变小，则副线圈上的总电阻也变小，所以 就变大，则变压器的输出功率就变大，根据功率相等，则原线圈的输入功率增大，故D对；6.如图所示，用高压水枪喷出的强力水柱冲击右侧的煤层。设水柱直径为D，水流速度为v方向水平，水柱垂直煤层表面，水柱冲击煤层后水的速度为零高压水枪的质量为M，手持高压水枪操作，进入水枪的水流速度可忽略不计，已知水的密度为，下列说法正确的是A. 高压水枪的流量为vD2B. 高压水枪的功率为C. 水柱对煤层的平均冲击力为D. 手对高压水枪的作用力水平向右【答案】BC【解析】【详解】A、设时间内,从水枪喷出的水的体积
9、为, 则 ,所以单位时间内高压水枪的流量为 ，故A错；B、设时间内,从水枪喷出的水的体积为, 质量为 ,则 ,时间内喷出水的质量为,时间内水枪喷出的水的动能,高压水枪的功率,故B对；C、考虑一个极短时间 ,在此时间内喷到煤层上水质量为m,设煤层对水柱的作用力为F,由动量定理, 时间内冲到煤层水的质量 ,解得 由牛顿第三定律可知,水柱对煤层的平均冲力为，故C对；D、当高压水枪向右喷出高压水流时,水流对高压水枪的作用力向左,由于高压水枪有重力,根据平衡条件,手对高压水枪的作用力方向斜向右上方,故D错；7.如图所示，光滑竖直管内有一底端固定的轻质弹簧，弹簧自由端与管口的距离为2 y0，将一个质量为m
10、的小球置于弹簧顶端，并加上外力将小球再下压至弹簧压缩量为y0。撤去外力后小球被弹出，运动到管口时的动能为3 mg y0，重力加速度大小为g，阻力不计，则A. 弹射过程，弹簧和小球组成的系统机械能守恒B. 弹簧恢复原长时，弹簧的弹性势能全部转化为小球的动能C. 弹簧具有的最大弹性势能为6 mg y0D. 小球向上运动过程中的最大动能为5 mg y0【答案】AC【解析】【详解】A、弹射过程中，对弹簧和小球组成而言，只受重力和弹簧弹力作用，所以系统机械能守恒，故A对；B、弹簧恢复原长时，弹簧的弹性势能转化为小球的动能和重力势能，故B错；C、撤去外力后小球被弹出的过程，弹簧的弹性势能转化为小球的动能和
11、重力势能，故弹簧具有的最大弹性势能等于小球增加的机械能，即为 ，故C对；D、弹簧恢复原长前，小球先加速后减速，当合力为零时动能最大，但平衡位置无法判断，所以最大动能也无法计算，故D错误；8.如图所示，竖直放置的形光滑导轨宽为L，矩形匀强磁场、的高和间距均为d，磁感应强度为B质量为m的水平金属杆由静止释放，进入磁场和时的速度相等金属杆在导轨间的电阻为R，与导轨接触良好，其余电阻不计，重力加速度为g金属杆（ ）A. 刚进入磁场时加速度方向竖直向下B. 穿过磁场的时间大于在两磁场之间的运动时间C. 穿过两磁场产生的总热量为4mgdD. 释放时距磁场上边界的高度h可能小于【答案】BC【解析】本题考查电
12、磁感应的应用，意在考查考生综合分析问题的能力。由于金属棒进入两个磁场的速度相等，而穿出磁场后金属杆做加速度为g的加速运动，所以金属感进入磁场时应做减速运动，选项A错误；对金属杆受力分析，根据可知，金属杆做加速度减小的减速运动，其进出磁场的v-t图象如图所示，由于0t1和t1t2图线与t轴包围的面积相等（都为d），所以t1（t2-t1），选项B正确；从进入磁场到进入磁场之前过程中，根据能量守恒，金属棒减小的机械能全部转化为焦耳热，所以Q1=mg2d，所以穿过两个磁场过程中产生的热量为4mgd，选项C正确；若金属杆进入磁场做匀速运动，则，得，有前面分析可知金属杆进入磁场的速度大于，根据得金属杆进入
13、磁场的高度应大于，选项D错误。点睛：本题以金属杆在两个间隔磁场中运动时间相等为背景，考查电磁感应的应用，解题的突破点是金属棒进入磁场和时的速度相等，而金属棒在两磁场间运动时只受重力是匀加速运动，所以金属棒进入磁场时必做减速运动。三、非选择题：共174分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题第38题为选考题，考生根据要求做答。（一）必考题：共129分9.阿特武德机是早期测量重力加速度的装置，由英国数学家、物理学家阿特武德于1784年制成。某同学根据其原理设计出如图所示的实验装置来测量重力加速度g。细绳跨过固定在铁架台上的轻质滑轮，两端各悬挂一只质量为M的重锤。实验操作如下：
14、用米尺量出重锤1底端距地面的高度H；在重锤1上加上质量为m的小钩码；左手将重锤2压在地面上，保持系统静止。释放重锤2，同时右手开启秒表，在重锤1落地时停止计时，记录下落时间；重复测量3次下落时间，取其平均值作为测量值t。请回答下列问题：(1)步骤可以减小对下落时间t测量的_（选填“偶然”或“系统”）误差；(2)关于本实验以下说法正确的是_；Am相比于重锤的质量越小，加速度越小，运动的时间就越大，测量的相对误差就越小B绳子的张力大于重锤和小钩码的重力之和C若忽略一切摩擦阻力，实验过程中小钩码不慎掉落，则重锤立即做减速运动。(3)滑轮的摩擦阻力会引起实验误差。现可以在重锤1上加适当的橡皮泥用于平衡
15、摩擦阻力，重新进行实验测量，并测出所用橡皮泥的质量为 。用实验中的测量量和已知量表示g，得g= _。【答案】 (1). 偶然 (2). A (3). 【解析】【详解】（1）时间测量是人为操作快慢和读数问题带来的误差，所以属于偶然误差。（2）A、由于自由落体的加速度较大，下落H高度的时间较短，为了减小测量时间的实验误差，就要使重锤下落的时间长一些，因此系统下降的加速度要小，所以小钩码的质量要比重锤的质量小很多，故A对；B、重锤1具有向下的加速度，则合力向下，所以绳子的张力应该小于重锤和小钩码的重力之和，故B错；C若小钩码不慎掉落，由于两个重锤的质量相等，所以系统合外力为零，即重锤做匀速运动，故C错；（3）为了消除滑轮的摩擦阻力，可用橡皮泥粘在重锤1上，轻拉重锤放手后若系统做匀速运动，则表示平衡了阻力，根据牛顿第二定律有 ，又 ，解得。【点睛】本题以连接体运动为背景考查重力加速度的测量，解题的关键是要弄清该实验的原理，再运用所学的知识分析得出减小误差的方法。10.某同学利用如图所示的电路，测定一个
