《高考物理二轮小题狂做专练 十三 动量定理、动量守恒定律 含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理二轮小题狂做专练 十三 动量定理、动量守恒定律 含解析（12页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、十三动量定理、动量守恒定律一、单选题1【安徽省芜湖一中2017-2018学年高三上学期期末考】如图所示，质量为M的木块位于光滑水平面上，在木块与墙之间用轻弹簧连接，木块静止在A位置.现有一质量为m的子弹以水平速度0射向木块并嵌入其中，则当木块回到A位置时的速度以及在此过程中墙对弹簧的冲量I的大小分别为()A=mv0M+m，I=0B=mv0M+m，I=2m0C=mv0M+m，I=2m2v0M+mD=mv0M ，I=2m02【江西省南昌二中2019第一次模拟考试】如图甲所示，一质量为m的物块在t0时刻，以初速度v0从足够长、倾角为的粗糙斜面底端向上滑行，物块速度随时间变化的图象如图乙所示t0时刻物
2、块到达最高点，3t0时刻物块又返回底端下列说法正确的是()A物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量为3mgt0cosB物块从t0时刻开始运动到返回底端的过程中动量的变化量为32mv0C斜面倾角的正弦值为5v08gt0D不能求出3t0时间内物块克服摩擦力所做的功3【陕西省西安市2018-2019学年高考模拟】如图所示，一物体分别沿三个倾角不同的光滑斜面由静止开始从顶端下滑到底端C、D、E处，三个过程中动能变化量的大小依次为E1、E2、E3，动量变化量的大小依次为P1、P2、P3，则有()AE1E2E3，P1P2P3BE1E2E3，P1P2P3CE1E2E3，P1P2P3DE1E2E3，P1P
3、2P34【河北省衡水中学2019届高三高考调研】光滑水平面上放有一上表面光滑、倾角为的斜面A,斜面质量为M，底边长为L，如图所示。将一质量为m可视为质点的滑块B从斜面的顶端由静止释放，滑块B经过时间t刚好滑到斜面底端。此过程中斜面对滑块的支持力大小为FN,则下列说法中正确的是（）AFN=mgcosB滑块下滑过程中支持力对B的冲量大小为FNtcosC滑块B下滑过程中A、B组成的系统动量守恒D此过程中斜面向左滑动的距离为mM+mL5【山西省阳高县第一中学2018学年高考模拟】如图所示，在光滑的水平面上固定着两轻质弹簧，一弹性小球在两弹簧间往复运动，把小球和弹簧视为一个系统，则小球在运动过程中()
4、A系统的动量守恒，动能守恒B系统的动量守恒，机械能守恒C系统的动量不守恒，机械能守恒D系统的动量不守恒，动能守恒二、多选题6【全国百强校学2019届高三第二次调研考试】从水平地面上方同一高度处，使A球斜上抛，使B球平抛，且两球质量相等，初速度大小相同，最后落于同一水平地面上，空气阻力不计，在此过程中，下列说法正确的是()A重力对两球做功相同 B重力对两球冲量不同C两球运动过程中动量的变化量相同 D两球着地时的动量相同7【黑龙江省哈尔滨师范大学青冈实验中学校2018学年高考模拟】水平推力F1和F2分别作用于置于水平面上的等质量的a.b两物块上，作用一段时间后撤去推力，两物块在水平面上继续运动一段
5、时间停下来。两物块运动的t图象如图所示，图中ABCD，则下列说法正确的是()A两物块所受摩擦力大小相等 B两物块所受摩擦力冲量大小相等CF1的冲量大于F2的冲量 DF1的冲量小于F2的冲量8【全国百强校2018-2019学年高考模拟】一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块A并立即留在其中，A、B用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起，如图所示。则在子弹打击木块A至弹簧第一次被压缩最短的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统下列说法正确的是()A系统动量不守恒，机械能守恒B系统动量守恒，机械能不守恒C当弹簧被压缩最短时，系统具有共同的速度D当弹簧被压缩最短时，系统减少的动能全部转化为弹簧的弹性势能三、
6、解答题9【福建省莆田市第一中学2019届高考模拟】质量为mB=2 kg的木板B静止于光滑水平面上，质量为mA=6 kg的物块A停在B的左端，质量为mC=2 kg的小球C用长为L=0.8 m的轻绳悬挂在固定点O。现将小球C及轻绳拉直至水平位置后由静止释放，小球C在最低点与A发生正碰，碰撞作用时间很短为t=10-2s，之后小球C反弹所能上升的最大高度h=0.2 m。已知A、B间的动摩擦因数=0.1，物块与小球均可视为质点，不计空气阻力，取g=10 m/s2。求： （1）小球C与物块A碰撞过程中所受的撞击力大小；（2）为使物块A不滑离木板B，木板B至少多长？10【山西省榆社中学2019届高三上学期第
7、一次联考】一平板车（上表面水平）固定在水平地面上，其右端恰好与竖直平面内的光滑半圆弧轨道的底端平滑连接，同时右端放置两个质量均为m、可视为质点的紧挨着的物体A、B，现在在它们之间放少量炸药。开始时A、B两物体静止，点燃炸药让其爆炸，物体B向右运动，恰能到达半圆弧的最高点；物体A沿平板车表面向左做直线运动，最后从车上掉下，落地点到平板车左端的水平距离为s。已知平板车上表面离地面的高度为h，开始时A到平板车左端的距离为l，物体A与平板车之间的动摩擦因数为，重力加速度为g。求：（1）物体A离开平板车时的速度大小（2）圆弧的半径答案与解析一、单选题1【解析】子弹射入木块过程，由于时间极短，子弹与木块间
8、的内力远大于系统外力，由动量守恒定律得：mv0=（M+m）v，解得：v=mv0M+m 子弹和木块系统在弹簧弹力的作用下先做减速运动，后做加速运动，回到A位置时速度大小不变，即当木块回到A位置时的速度大小v=mv0M+m；子弹和木块弹簧组成的系统受到的合力即可墙对弹簧的作用力，根据动量定理得：I=-（M+m）v-mv0=-2mv0所以墙对弹簧的冲量I的大小为2mv0，故选B。【答案】B2【解析】A：物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量IG3mgt0，故A项错误。B：上滑过程中物块做初速度为v0的匀减速直线运动，下滑过程中做初速度为零，末速度为v的匀加速直线运动，上滑和下滑的位移大小相等，所
9、以有v02t0=v22t0，解得v=v02，物块从开始运动到返回底端过程中动量的变化量为pm(v)mv032mv0，故B项错误。C：上滑过程中有(mgsinmgcos)t00mv0，下滑过程中有(mgsinmgcos)2t0=mv02-0，解得sin5v08gt0。故C项正确。D：3t0时间内，物块受力为重力、支持力、摩擦力。从底端出发又回到底端，高度不变，重力做功为零；支持力始终与速度垂直，不做功；摩擦力始终与速度反向，做负功。根据动能定理，摩擦力所做的功就等于物体动能变化量。克服摩擦力所做的功与摩擦力所做负功大小相等。所以，能求出。W=12mv02-12mv2=38mv02 ，故D项错误。
10、【答案】C3【解析】过程中，只有重力做功，三种情况下下降的高度相同，即重力做功相同，根据动能定理可得下滑到底端时的动能相同，故E1=E2=E3；由机械能守恒定律可知物体下滑到底端C、D、E的速度大小v相等，动量变化量大小p=mv相等，即p1=p2=p3（注意方向不同），D正确。【答案】D4【解析】A、当滑块B相对于斜面加速下滑时，斜面A水平向左加速运动，所以滑块B相对于地面的加速度方向不再沿斜面方向，即沿垂直于斜面方向的合外力不再为零，所以斜面对滑块的支持力FN不等于mgcos，故A错误； B、根据冲量定义I=Ft可知滑块B下滑过程中支持力对B的冲量大小为I=FNt，故B错误；C、由于滑块B有
11、竖直方向的分加速度，所以系统竖直方向合外力不为零，系统的动量不守恒，故C错误；D、系统水平方向不受外力，水平方向动量守恒，设A、B两者水平位移大小分别为x1、x2，取水平向左为正方向，由动量守恒定律得：Mx1t-mx2t=0，即有：Mx1=mx2，又x1+x2=L，解得：x1=mM+mL，故D正确；故选D。【答案】D5【解析】小球和弹簧组成的系统受到重力和水平地面的支持力两个外力，小球与弹簧相互作用时，弹簧会用墙壁的作用力，所受合外力不等于零，动量不守恒；在运动过程中，小球和槽通过弹簧相互作用，但因为只有弹簧的弹力做功，动能和势能相互转化，而总量保持不变，机械能守恒。故C正确，A、B、D错误。
12、故选C。【答案】C二、多选题6【解析】斜直上抛和平抛过程中两球都只受重力作用，只有重力做功，两物体初位置高度相同，故重力做功相同，A正确；由于两球初始高度相同，a球斜上抛，b球平抛，a球开始时具有向上的分速度，所以a运动的时间比b球运动的时间长，故重力对a球的冲量比对b球的冲量大，B正确；根据动量定理可得重力对两者的冲量不同，故两球的动量变化量不同，C错误；由机械能守恒定律可得，小球落地时的速度大小相等，方向不同，落地时的动量大小相等，方向不同，动量不同，D错误。【答案】AB7【解析】由图，AB与CD平行，说明推力撤去后两物体的加速度相同，而撤去推力后物体的合力等于摩擦力，根据牛顿第二定律可知
13、，两物体受到的摩擦力大小相等。故A正确；根据I=ft，由图看出摩擦力的作用时间tOBtOD，可知摩擦力的冲量不等，选项B错误。根据动量定理，对整个过程研究得F1t1-ftOB=0，F2t2-ftOD=0，因tOBtOD，则有 F1t1F2t2，即F1的冲量小于F2的冲量。故C错误，D正确。故选AD。【答案】AD8【解析】A、B项：子弹、两木块和弹簧组成的系统所受合外力为零，所以系统动量守恒，由于子弹穿木块过程中要克服摩擦力做功，有一部分机械能转化为内能，所以系统机械能不守恒，故A错误，B正确； C项：当弹簧被压缩最短时，即A和B具有相同的速度，故C正确；D项：由能量守恒可知，当弹簧被压缩最短时
14、，系统减少的动能一部分转化为内能，一部分转化为弹性势能，故D错误。故应选BC。【答案】BC三、解答题9【解析】（1）C下摆过程，根据动能定理，有mCgl=12mCVC2所以VC=2gl=4m/sC反弹过程，根据动能定理，有-mCgh=0-12mCVC2VC=2gh=2m/s.取向右为正方向，对C根据动量定理，有-Ft=-mCVC-mCVC所以F=1200N，方向水平向右。（2）C与A碰撞过程，根据动量守恒定律，有mCVC=-mCVC+mAVA所以VA=2m/sA恰好滑至木板B右端并与其共速时，B的长度最小根据动量守恒定律，mAVA=mA+mBV所以V=1.5m/s根据能量守恒定律，mAgx=12mAVA2-12mA+mBV2所以x=0.5m10【解析】（1）设物块A离开平板车瞬间的速度大小为vA，离开平板车后做平抛运动在水平方向：x=vAt在竖直方向：h=12gt2解得：vA=sg2h（2）设AB分离瞬间，它们的速度大小分别为vA和vB则物块A滑到左端的过程中，根据动能定理得：-mgl=12mvA2-12mvA2根
