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1、2018-2019学年下学期第一次段考高二物理（理科）试题时间：90分钟 总分：110分命题人：何谦豪 审题人：冼志达一、单选题（本大题共7小题，共28分）1. 下列说法中正确的是( )A. 电动机应用了“自感”对交流电的阻碍作用B. 紫外线能促使荧光物质发出荧光C. 低频扼流圈用来“通低频、阻高频”D. 波长由长到短的排列顺序是：射线、红外线、紫外线、无线电波2. 如图甲所示，电路的左侧是一个电容为C的电容器，电路的右侧是一个环形导体，环形导体所围的面积为S.在环形导体中有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度的大小随时间变化的规律如图乙所示则在0t0时间内，电容器( ) A. 上极板带正电，
2、所带电荷量为B. 上极板带正电，所带电荷量为C. 上极板带负电，所带电荷量为D. 上极板带负电，所带电荷量为3. 如图所示，一个闭合金属圆环用绝缘细线挂于O点，将圆环拉离平衡位置并由静止释放，圆环摆动过程中经过有界的水平方向的匀强磁场区域，A、B为该磁场的竖直边界，磁场方向垂直于圆环所在平面向里，若不计空气阻力，则( )A. 圆环向右穿过磁场后，还能摆到释放位置B. 圆环进入磁场和离开磁场时感应电流大小相等C. 圆环在磁场中运动时均有感应电流D. 圆环将在磁场中不停地摆动4. 如图所示电路中，L是一个不计直流电阻的电感线圈，直流电源1的电压值与交流电源2电压有效值相等，S是单刀双掷开关，C是电
3、容器，A、B是完全相同的小灯泡，则下列叙述正确的有（ ）A. 开关S与2接通后，灯B发光，而灯A不发光B. 开关S与1接通后，灯B的亮度比开关与2接通稳定后灯B的亮度低C. 开关S与1接通时，灯A亮一下后熄灭，而灯B逐渐变亮D. 若将电源2换成一个既含有高频信号又含有低频信号的信号源，则当开关与2接通时，通过B灯的主要是高频信号5. 一理想变压器电路如图所示，两组副线圈中所接的三个电阻都为R，原线圈接通交变电源后，三个线圈的电流有效值相等，则图中三个线圈的匝数之比n1：n2：n3为（）A. 9：1：4B. 6：1：2C. 3：1：2D. 3：2：16. 采用220 kV高压向远方的城市输电。当
4、输送功率一定时，为使输电线上损耗的功率减小为原来的，输电电压应变为（ ）A. 55 kVB. 110 kVC. 660 kVD. 1980 kV7. 如图所示为一正弦交变电压随时间变化的图像，由图可知( )A. 交流电的周期为2sB. 时线圈位置与磁场方向垂直C. 用电压表测量该交流电压时，读数为311VD. 标有“ 300V”的电容器不会被击穿二、多选题（本大题共6小题，共24分）8. 如图表示闭合电路中的一部分导体ab在磁场中做切割磁感线运动的情景，其中能产生由b到a的感应电流的是（ ）A. B. C. D. 9. 如图所示，一个质量为M、长为L的铜管用细线悬挂在天花板上，现让一强磁铁(可
5、视为质点，质量为m)从铜管上端由静止下落，强磁铁在下落过程中与铜管不接触，在强磁铁穿过铜管过程中( ) A. 铜管中没有感应电流B. 整个系统机械能不守恒C. 细线中的拉力D. 强磁铁穿过铜管的时间10. 如图甲是某燃气炉点火装置的原理图转换器将直流电压转换为如图乙所示的正弦交变电压，并加在一理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，为交流电压表当变压器副线圈电压的瞬时值大于5 000 V时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体以下判断正确的是( ) A. 电压表的示数等于5 VB. 电压表的示数等于 C. 实现点火的条件是D. 实现点火的条件是11. 如图所示，理想
6、变压器的原线圈连接一只理想交流电流表，副线圈匝数可以通过滑动触头Q来调节，在副线圈两端连接了定值电阻R0和滑动变阻器R，P为滑动变阻器的滑动触头在原线圈上加一电压为U的正弦交流电，则（ ）A. 保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表读数变大B. 保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表读数变小C. 保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表读数变大D. 保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表读数变小12. 压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小，某位同学利用压敏电阻设计了判断电梯运动状态的装置，其装置示意图如图 1所示，将压敏电阻平放在电梯内，受压面朝上，在上面放一物体m，电梯静止时电流表示
7、数为I0，电梯在不同的运动过程中，电流表的示数分别如图2甲、乙、丙、丁所示，下列判断中正确的是( ) 图1 图2A. 甲图表示电梯可能做匀速直线运动B. 乙图表示电梯可能做匀加速上升运动C. 丙图表示电梯可能做匀加速上升运动D. 丁图表示电梯可能做匀减速下降运动13. 如图所示，图线a和图线b分别表示线圈A和线圈B在同一匀强磁场中匀速转动时通过线圈的磁通量随时间的变化规律.已知线圈A的匝数与线圈B的匝数分别为10匝和30匝，以下说法正确的是（ ）A. 线圈A与线圈B的转速之比为2：3B. 线圈A与线圈B产生的最大电动势之比为1：1C. 线圈A产生的感应电动势的瞬时值表达式为D. 线圈B在时刻的
8、感应电流为零三、实验题探究题（本大题共2小题，共18分）14. 为了研究光敏电阻在室内正常光照射和室外强光照射时电阻的大小关系，某同学用如图甲所示的电路进行实验，得出两种U-I图线，如图乙所示(1)根据U-I图线可知强光光照射时光敏电阻的阻值为_，正常照射时电阻为_；(2)若实验中所用电压表的内阻约为5 k，毫安表的内阻约为100 ，考虑到电表内阻对实验结果的影响，此实验中_(选填“正常光照射时”或“强光照射时”)测得的电阻误差较大若测量这种光照下的电阻，则需将实物图中毫安表的连接方式采用_(选填“内接”或“外接”)法进行实验，实验结果较为准确15. 某同学利用热敏电阻设计了一个“过热自动报警
9、电路”，如图甲所示。将热敏电阻R安装在需要探测温度的地方，当环境温度正常时，继电器的上触点接触，下触点分离，指示灯亮；当环境温度超过某一值时，继电器的下触点接触，上触点分离，警铃响。图甲中继电器的供电电压U1=3V，继电器线圈用漆包线绕成，其电阻R0为30当线圈中的电流大于等于50mA时，继电器的衔铁将被吸合，警铃响。图乙是热敏电阻的阻值随温度变化的图象。（1）图甲中警铃的接线柱C应与接线柱_相连，指示灯的接线柱D应与接线柱_相连（均选填“A”或“B”）。（2）当环境温度升高时，热敏电阻阻值将_，继电器的磁性将_（均选填“增大”、“减小”或“不变”），当环境温度达到_时，警铃报警。四、计算题（
10、本大题共3小题，共40分）16. 如图所示，匝数n=100的正方形线圈abcd固定在竖直平面内，与电阻R1、理想变压器连成电路在线圈的中心水平放置一个条形磁铁，使磁铁绕竖直方向的轴匀速转动，使线圈内的磁通量Wb已知线圈的电阻r4，R146，R210，其余导线的电阻不计理想变压器原、副线圈的匝数比求：(1)线圈产生电动势的最大值Em； (2)若断开S2，闭合S1，求磁铁从图示位置转过90的过程中，通过R1的电荷量q； (3)断开S1，闭合S2，求R1消耗的功率P17. 平行导轨P、Q相距l1 m，导轨左端接有如图所示的电路其中水平放置的平行板电容器两极板M、N相距d10 mm，定值电阻R1R21
11、2 ，R32 ，金属棒ab的电阻r2 ，其他电阻不计磁感应强度B0.5 T的匀强磁场竖直穿过导轨平面，当金属棒ab沿导轨向右匀速运动时，悬浮于电容器两极板之间，质量m11014kg，电荷量q11014C的微粒恰好静止不动取g10 m/s2，在整个运动过程中金属棒与导轨接触良好且速度保持恒定试求： (1)匀强磁场的方向和MN两点间的电势差(2)ab两端的路端电压；(3)金属棒ab运动的速度18. 足够长的平行金属导轨相距L，与水平面的夹角为，整个空间存在垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，虚线上方轨道光滑且磁场方向向上，虚线下方轨道粗糙且磁场方向向下在导体棒EF以初速度v沿导轨上滑至
12、最大高度的过程中，导体棒MN一直静止在导轨上若两导体棒质量均为m、电阻均为R，导轨电阻不计，重力加速度为g，在此过程中导体棒EF上产生的焦耳热为Q，求：(1)导体棒MN受到的最大摩擦力；(2)导体棒EF上升的最大高度（3）当导体棒EF返回出发点时导体棒MN的加速度2018-2019学年下学期第一次段考高二物理（理科）答案12345678910111213BADCCCBBCDBDBCBCABBC14. （1）200 ,3000 （2）强光照射. 外接15. B ， A ， 减小 ， 增大 ， 8016.解：（1）由磁通量的变化规律可得感应电动势的变化规律表达式：，其中，解得线圈产生电动势的最大值
13、：；（2）磁铁从图示位置转过的过程中，由法拉第电磁感应定律：，闭合电路欧姆定律：，电荷量表达式：，解得通过的电荷量：；（3）由交流电的有效值与最大值的关系解得其有效值为：，由闭合电路欧姆定律：，理想变压器的原副线圈端电压与匝数成正比、电流与匝数成反比，故有：，解得消耗的功率：。17.(1)负电荷受到重力和电场力的作用处于静止状态，因为重力竖直向下，所以电场力竖直向上，故M板带正电ab棒向右做切割磁感线运动产生感应电动势，ab棒等效于电源，感应电流方向由ba，其a端为电源的正极，由右手定则可判断，磁场方向竖直向下微粒受到重力和电场力的作用处于静止状态，根据平衡条件有mgEq 又E所以UMN0.1
14、 V（2）由欧姆定律得通过R3的电流为I0.05 A则ab棒两端的电压为UabUMNI0.4 V.(3)由法拉第电磁感应定律得感应电动势EBLv由闭合电路欧姆定律得EUabIr0.5 V联立解得v1 m/s.18. 解：（1）导体棒EF向上做减速运动，产生的感应电动势和感应电流逐渐减小，MN所受的安培力方向沿导轨向下，大小不断减小，所以EF棒刚开始运动时MN所受的摩擦力最大；EF获得向上初速度v0时，产生感应电动势E=BLv0电路中电流为I，由闭合电路欧姆定律： 此时对导体棒MN受力分析，由平衡条件：FA+mgsin=f FA=BIL 解得：即：导体棒MN受到的最大摩擦力为；（2）导体棒上升过程MN一直静止，对系统由能的转化和守恒定律得：解得：即：导体棒EF上升的最大高度为。（3）当棒EF返回时，可知感应电流方向反了，两棒所受的安培力方向也反了。又根据能量守恒定律，棒EF返回出发点时的速度一定小于初速度，则棒MN所受安培力也一定小于初始值，所以不可能拉动棒MN。即加速度为零。
