《宁夏银川市高三4月高中教学质量检测物理试题 Word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《宁夏银川市高三4月高中教学质量检测物理试题 Word版含解析（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、宁夏银川2018届高三4月高中教学质量检测理科综合试题物理部分一、选择题1. 下列说法中正确的是（ ）A. 卢瑟福做粒子散射实验时发现了电子B. 氢原子辐射出光子后，电子绕核运动半径变大C. U衰变成Pb要经过7次衰变和4次 衰变D. 在光电效应现象中，光电子的最大初动能和入射光的频率成正比【答案】C【解析】卢瑟福做粒子散射实验时发现了原子核式结构，A错误；氢原子辐射出一个光子后，从高能级向低能级跃迁，氢原子的能量减小，能级减少，轨道半径减小，B错误；设发生x次衰变，y次衰变，衰变方程为，则，解得，又，得y=4，C正确；根据光电效应方程可知，光电子的最大初动能和入射光的频率成不正比，D错误2.
2、 甲、乙两辆玩具车在同一平直路面上行驶，二者运动的位置-时间图象如图所示，其中乙车的位置-时间图线是关于x轴对称的抛物线的一部分，则下列说法正确的是（ ）A. 甲车先做匀减速直线运动后做匀速直线运动B. 乙车一定做初速度为零的匀加速直线运动C. 甲车在010s内的平均速度为1.5m/sD. 在010s内甲、乙两车相遇两次，且相遇时速度可能相等【答案】B【解析】图像的斜率表示运动的速度，故甲车先匀速后静止，A错误；因为乙车图线是关于x轴对称的抛物线的一部分，符合，故乙车做初速度为零的匀加速直线运动，B正确；甲车在010s内的位移为，故，平均速度为，C错误；相遇时位置坐标相等，所以从图中可知有两次
3、相遇，相遇时所在位置的图像的斜率不同，所以速度不同，D错误【点睛】关键掌握位移图象的基本性质：横坐标代表时刻，而纵坐标代表物体所在的位置，纵坐标不变即物体保持静止状态；位移时间图像是用来描述物体位移随时间变化规律的图像，不是物体的运动轨迹，斜率等于物体运动的速度，斜率的正负表示速度的方向，质点通过的位移等于x的变化量3. 如图，虚线a、b和c代表地面上方与地球同心的三个假想球面，一个带有动力装置的物体在地面上方运动，其轨迹如实线KLMN所示，则下列说法错误的是（ ）A. 从K到L的过程中，万有引力对物体做正功B. 从K到L的过程中，物体所受的合力总是指向地心C. 从K到N的过程中，万有引力对物
4、体所做总功为零D. 从L到M的过程程中，物体的加速度始终不为零【答案】B 4. 自耦变压器是输出和输入共用一组线圈的特殊变压器，其原理和普通变压器一样。如图所示的理想自耦变压器的原线圈两端接入u=220sin100t(V)交流电，副线圈上标有“55V，20W”的白炽灯恰好能够正常发光，则下列说法正确的是( )A. 原、副线圈的匝数之比为4：1B. 副线圈中输出交流电的周期为SC. 原线圈中理想电压表的读数大约为311VD. 当滑动变阻器的滑片向上滑动时，自耦变压器的输入功率变小【答案】A【解析】试题分析：根据负载电阻的额定值，可求得输出电压，由变压器两端的电压与匝数成正比，可得匝数之比；滑片上
5、移电阻变小，输出功率变化，由输入功率等于输出功率，可得输入功率的变化原线圈中理想电压表的示数为，因为白炽灯正常发光，副线圈两端的电压，根据电压与匝数成正比，得，故A正确C错误；根据原线圈输入电压的瞬时值表达式知，角速度，周期，变压器不会改变交流电的周期，副线圈输出交流电的周期为0.02s，B错误；变阻器的滑片P向上滑动时，变阻器电阻变小，副线圈回路电阻变小，输出功率变大，输入功率变大，故D错误5. 两等量异种点电荷分别固定在正四面体D-ABC的两顶点A、B处，如图所示，H、F、G分别为AB、AD、DB的中点，则下列说法正确的是( )A. C、D两点的场强大小相等，方向不同B. F、G两点的场强
6、大小相等，方向相同C. 将正试探电荷从D点移到H点，电场力做正功D. D、H两点场强方向相同，其大小满足EHED【答案】D【解析】根据对称性可知，CD两点为AB中垂面上的点，故两点的场强大小相等，方向相同，都是平行于AB，有A指向B，A错误；根据对称性可知，F、G两点的场强大小相等，但方向不同，B错误；等量异种电荷的中垂面为一个等势面，所以从D到H，电场力不做功，C错误；在等量异种电荷的中垂面上，AB连线的中心处，即H点处电场强度最大，由H点向外减小，所有中垂面上点的场强方向相同，都是由A指向B，D正确6. 如图所示为粗细均匀的裸铜导线制成的半径为r的圆环，PQ为圆环的直径，其左右两侧存在垂直
7、圆环所在平面的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，但方向相反，圆环的电阻为2R。一根长度为2r、电阻为R的金属棒MN绕着圆环的圆心O点紧贴着圆环以角速度沿顺时针方向匀速转动，转动过程中金属棒与圆环始终接触良好，则金属棒旋转一周的过程中( )A. 金属棒中电流的大小始终为B. 金属棒中电流方向始终由N到MC. 电路中产生的热量为D. 金属棒两端的电压大小始终为【答案】AC【解析】试题分析：根据右手定则来确定感应电流的方向； 由法拉第电磁感应定律来确定感应电动势，即为两种感应电动势之和； 并由闭合电路欧姆定律来计算感应电流大小； 根据焦耳定律求出电路中产生的热量产生的感应电动势为两者之和，即，环的电阻
8、由两个电阻为R的半圆电阻并联组成，所以环的总电阻为，所以通过导体MN的电流，MN两端的电压：，A正确BD错误；MN旋转一周外力做功为，则电路中产生的热量为，C正确7. 如图所示，在以加速度大小为g的加速下降的电梯地板上放有质量为m的物体，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在电梯壁上，另一端与物体接触(不粘连)，弹簧水平且无形变。用水平力F缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧被压缩了L，撤去F后，物体由静止向左运动2L后停止运动。己知物体与电梯地板间的动摩擦因数为，重力加速度为g，则撤去F后( )A. 与弹簧分离前物体相对电梯地板运动的加速度大小越来越大B. 与弹簧分离后物体相对电梯地板运动的加速度大小越来
9、越小C. 弹簧压缩量为 时，物体相对电梯地板运动的速度不是最大D. 物体相对电梯地板做匀减速运动的时间为【答案】CD【解析】物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，弹力先大于滑动摩擦力，后小于滑动摩擦力，则物体向左先做加速运动后做减速运动，随着弹力的减小，合外力先减小后增大，则加速度先减小后增大，故物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动，AB错误；因为电梯向下做匀加速直线运动，故有，解得，当弹簧的弹力和摩擦力相等时，速度最大，故，解得，即弹簧压缩量为时物体相对电梯的速度最大，C正确；当物体离开弹簧后做匀减速直线运
10、动，弹簧被压缩了L，而物体的总位移为2L，所以物体做匀减速直线运动的位移为L，离开弹簧后，物体相对地板的加速度为，因为末速度为零，所以，解得，D正确【点睛】本题考查机械能守恒定律的应用以及运动的合成和分解规律的应用，要注意本题中单个小球机械能不守恒，而对于整体来说机械能是守恒的，故根据整体法可以很容易求出两物体的速度8. 如图所示的实验装置，其左侧为一光滑斜面AB，右侧为一顶角=60的光滑圆弧轨道BC，其中光滑圆弧轨道BC的圆心为O、半径为R，O、B、A三点共线，0C竖直。质量分别为M、m的两小球用不可伸缩的轻绳相连挂在B点两侧(B点处有一小段圆弧)，开始时小球M位于B处，小球m位于斜面底端A
11、处，现由静止释放小球M，小球M沿圆弧轨道下滑，已知M=6m，整个装置固定不动，重力加速度为g，则在小球M由B点下滑到C点的过程中( )A. 小球M的机械能守恒B. 重力对小球M做功的功率先增大后减小C. 小球M的机械能减小D. 轻绳对小球m做的功为【答案】BD二、实验题9. 某实验小组利用如图甲所示的实验装置来探究做功与物体动能变化的关系，当地重力加速度为g。(1)该小组成员用游标卡尺测得遮光条(如图乙所示)的宽度d=_cm，用天平测得滑块与遮光条的总质量为M、钩码的质量为m。(2)实验前需要调节气垫导轨使之水平，实验时将滑块从图示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间t=1.
12、210-2s，则滑块经过光电门时的瞬时速v=_m/s(结果保留两位有效数字).(3)在本次实验中为了确保细线拉力所做的功与钩码重力做的功近似相等，则滑块与遮光条的总质量M与钩码的质量m间应满足_，本实验中还需要测量的物理量是_(用文字说明并用相应的字母表示)。(4)本实验中可通过改变钩码的质量测得多组数据并作出-m图象来进行探究，则下列图象中符合真实实验情况的是_。【答案】 (1). 0.600; (2). 0.55 (3). ； (4). 开始滑块静止时逆光条到光电门的距离S; (5). C;【解析】（1）遮光条的宽度为；（2）滑块经过光电门的瞬时速度为；（3）令细线的拉力为T，则有，及，所
13、以只有当时，即当时细线拉力做的功与钩码重力所做的功近似相等，细线拉力做的功为，即需要测量开始滑块静止时遮光条到光电门的距离s；（4）保持滑块与遮光条的总质量M不变，细线拉力做的功，滑块与遮光条的动能改变量，由运动学公式可得，由牛顿第二定律可得，联立解得，即图像为过原点的倾斜直线，但当钩码的质量不能远小于滑块与遮光条的总质量时，有，两式相比可知，图像斜率会变小，故直线末端将会发生完全，C正确；10. 现有一块电流表A1，量程IA1=300mA，内阻r1约为5，要把它改装成较大量程的电流表。首先要测量其内阻的准确值。实验室备有以下器材：电流表A2：量程IA2=600mA，内阻约为r2=1电压表V：
14、量程15V，内阻约为3k；定值电阻：R0=5；滑动变阻器R1：最大电阻值10，额定电流为1A滑动变阻器R2：最大电阻值250，额定电流为0.3A电源E：电动势为3V，内阻较小开关和导线若干。(1)有同学根据提供的器材，设想把电压表直接和电流表并联测量电流表A1的内阻，如图甲所示，仔细分析后发现是不可行的，其原因是_。(2)请你选择合适的器材，设计一个测量电流表A1内阻的电路原理图 _ ，要求电流表A1的示数从零开始变化，且能多测几组数据，尽可能减少误差。(3)若测得电流表A1的内阻r1=5.0，就可以将A2改装成0.6A和3A两个量程的电流表。如图乙所示，则电阻Ra=_，Rb=_。【答案】 (
15、1). 见解析； (2). (3). 1; (4). 4;【解析】（1）电压表的量程为15V，而电流表的满偏电压只有1.5V，显然测量误差较大，不能达到测量精确值的目的；（2）测量电流表的内阻的关键是测量电流表两端的电压，定值电阻的阻值为5，定值电阻和电流表A1并联可以间接计算出电流表A1两端的电压；如图所示，题目中明确要求“电流表A1的示数从零开始变化”，所以采用滑动变阻器的分压接法，如图所示：（3）当电流表改装成0.6A的量程时，有，当电流表改装成3A的量程时，有，代入数据可得。三、计算题11. 如图所示，一质量为m0=0.05kg的子弹以水平初速度v0=200m/s打中一放在水平地面上A点的质量为m=0.95kg的物块，并留在物块内(时间极短，可忽略)，随后物块从A点沿AB方向运动，与距离A点L=5m的B处的墙壁发生碰撞，碰后以v2=6m/s的速度反向运
