《江西省上饶市重点中学六校2019届高三物理第一次联考试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江西省上饶市重点中学六校2019届高三物理第一次联考试题（含解析）（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、江西省上饶市重点中学六校2019届高三物理第一次联考试题（含解析）二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全对的得3分，有选错的得0分1.下列关于运动和力的叙述中，正确的是A. 做曲线运动的物体，其加速度方向一定是变化的B. 物体做圆周运动，所受的合力一定是向心力C. 物体所受合力恒定，该物体速率随时间一定均匀变化D. 物体运动的速率在增加，所受合力一定做正功【答案】D【解析】【详解】做曲线运动的物体，其加速度方向不一定是变化的，例如平抛运动，选项A错误；物体做匀速圆周
2、运动时，所受的合力一定是向心力，选项B错误；物体所受合力恒定，该物体速率随时间不一定均匀变化，例如平抛运动，选项C错误；根据动能定理可知，物体运动的速率在增加，所受合力一定做正功，选项D正确；故选D.2.如图为电磁冲击钻的原理示意图，若发现钻头M突然向左运动，则可能是A. 开关S由断开到闭合的瞬间B. 开关S由闭合到断开的瞬间C. 保持开关S闭合，变阻器滑片P加速向左滑动D. 保持开关S闭合，变阻器滑片P匀速向左滑动【答案】B【解析】【分析】当穿过闭合回路的磁通量发生变化时，闭合电路中产生感应电流；由楞次定律可知，感应电流磁场总是阻碍原磁通量的变化，安培力总是阻碍磁体间的相对运动【详解】开关S
3、由断开到闭合的瞬间，穿过M的磁通量变大，为阻碍磁通量变大，钻头向右运动，故A错误；开关S由闭合到断开的瞬间，穿过M的磁通量减小，为阻碍磁通量的减小，钻头向左运动，符合题意，故B正确；保持开关S闭合，变阻器滑片P加速向左滑动，穿过M的磁通量增大，为阻碍磁通量增大，钻头向右运动，故C错误；保持开关S闭合，变阻器滑片P匀速向左滑动，穿过M的磁通量增大，为阻碍磁通量增大，钻头向右运动，故D错误；故选B。【点睛】本题直接用楞次定律判断电磁感应现象中的运动方向，正确立即楞次定律的含义，熟练应用楞次定律即可正确理解3.如图所示，平行板电容器的电容为C，正极板带电量为，负极板接地，两极板间距离为d，今在距两极
4、板间离负极板处放一正点电荷q，则A. q所受电场力的大小为B. q所受电场力的大小为C. q点处的电势是D. 由于负极板接地所以负极板电荷量为零【答案】C【解析】【分析】根据U=Q/C求解两板电压；根据E=U/d求解两板场强，根据F=Eq求解电荷受的电场力；根据U=Ed求解q所在位置与接地极板的电势差，从而求解电势；负极板带电量的绝对值等于电容器带电量.【详解】电容器两板电势差：；两板场强：；则q所受电场力的大小为，选项A错误；金属棒带电量不能看做点电荷，故不能根据库仑定律求解q所受的电场力，选项B错误；q点处的电势是，选项C正确；负极板带电量为-Q/2，选项D错误；故选C.4.如图所示，在竖
5、直向下的匀强磁场中，有两根竖直放置的平行导轨AB、CD，导轨上放有质量为m的金属棒MN，棒与导轨间的动摩擦因数为，现从t0时刻起，给棒通以图示方向的电流，且电流强度与时间成正比，即Ikt，其中k为恒量若金属棒与导轨始终垂直，则如图所示的表示棒所受的摩擦力随时间变化的四幅图中，正确的是()【答案】C【解析】当FfBILBLktmg时，棒沿导轨向下减速；在棒停止运动前，所受摩擦力为滑动摩擦力，大小为：FfBLkt；当棒停止运动时，摩擦力立即变为静摩擦力，大小为：Ffmg，故选项C正确5.如图所示，质量分别为m和2m的A、B两物块用轻弹簧相连，放在光滑水平面上，A靠紧竖直墙。现用恒力F向左推物块B压
6、缩弹簧，当B向左运动S时速度刚好为零，同时撤去F。在A物体离开墙壁以后，弹簧弹性势能的最大值是A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】A物体刚运动时，力F做的功转化为B的动能，当弹性势能最大时，两物体的速度相等，根据动量守恒定律及机械能守恒定律列式，联立方程即可求解【详解】设A物体刚运动时，B物体的速度为v0，则2mv02FS；当弹性势能最大时，两物体的速度相等，设为v，则有动量守恒得：2mv0=3mv；再由机械能守恒定律得：EP+3mv2FS；由以上三式解得：EPFS；故选A。6.如图所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块的质量均为m，物块与木板间的动摩
7、擦因数为，木板与水平面间动摩擦因数为，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g.现对物块施加一水平向右的拉力F，则木板加速度a大小可能是 A. B. C. D. 【答案】ACD【解析】【分析】要分析木板的加速度就是来分析它受力，而题目并没有说木板相对物块到底是动了还是没动，因此我们要分两种情况来考虑这个问题：（1）木板相对物块没动，这样的话就是说木板和物块一起做匀加速直线运动，可以通过受力来找加速度。（2）木板相对物块动了，则木板就是在物块的摩擦力和地面的摩擦力作用下做匀加速直线运动，又可以做出一个结果。【详解】若F较小时，木板和木块均静止，则木板的加速度为零，选项A正确；若物块和
8、木板之间不发生相对滑动，物块和木板一起运动，对木板和木块的整体，根据牛顿第二定律可得：F2mg2ma，解得：；选项D正确；若物块和木板之间发生相对滑动，对木板，水平方向受两个摩擦力的作用，根据牛顿第二定律，有：mg-2mg=ma，解得：a=g，故C正确。故选ACD。7.A、B两个半径相同的天体各有一个卫星a、b环绕它们做匀速圆周运动，两个卫星的环绕周期之比为4；1，A、B各自表面重力加速度之比为4:1（忽略天体的自转），则A. a、b轨迹半径之比为4:1B. A、B密度之比为4:1C. a、b扫过相同面积所需时间之比为1:16D. a、b所受向心力之比为1:16【答案】AB【解析】【分析】根据
9、以及导出轨道半径与周期和表面重力加速度的关系，然后求解a、b轨迹半径之比；找到星球密度的表达式，求解密度之比；根据圆周运动的知识求解扫过某一面积所用的时间表达式，求解a、b扫过相同面积所需时间之比.【详解】根据以及可得；可得a、b轨迹半径之比为，选项A正确；由，则 A、B密度之比为4:1，选项B正确；根据，即，当扫过相同面积S时，则，选项C错误；两卫星ab的质量不确定，无法比较向心力的大小关系，选项D错误；故选AB.8.在电场强度大小为E的匀强电场中，将一个质量为m、电荷量为+q的带电小球由静止开始释放，带电小球沿与水平方向成450的方向斜向下做直线运动。则下列判断正确的是A. 若cos，则小
10、球机械能一定增加 B. 若cos，则小球机械能一定不变C. 若cos，则小球机械能一定减小 D. 若tan，则小球机械能一定增加【答案】BD【解析】【分析】带电小球从静止开始做直线运动，受到两个恒力作用，其合力与速度方向必定在同一直线上，根据电场力与速度方向的夹角，判断电场力做功正负，确定机械能的变化【详解】若cos=，电场力与速度方向垂直，电场力不做功，因重力之外的其他力不做功，故机械能一定守恒。故B正确；若cos，电场力与速度方向夹角可能大于900也可能小于900，电场力对小球可能做正功，也可能做负功，故机械能可能增加，也可能减小。故AC错误；若tan= ，则电场力沿水平方向，据题知，电场
11、力和重力的合力与速度方向同向，电场力做正功，机械能一定增加，故D正确；故选BD。【点睛】本题考查带电粒子在电场中的运动情况和功能关系分析，关键是分析电场力与合力方向的夹角来判断电场力做功正负，确定机械能的变化三、非选择题：共174分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须做答。第3338题为选考题，考生根据要求做答。9.宇航员登录某星球做了一个平抛运动实验，并用频闪照相机记录小球平抛运动的部分轨迹，且平抛初速度为5m/s。将相片放大到实际大小后在水平方向和竖直方向建立平面直角坐标系，小球在A、B和C点的坐标分别为（0m，0m）、（0.50m，0.25m)和（1.00m，0.75m）。那么：频
12、闪照相机的频闪频率为_Hz；该星球表面重力加速度为_m/s2；小球开始做平抛运动的初始位置坐标为x=_m；y=_m。【答案】 (1). 10 (2). 25 (3). -0.25 (4). -0.03125【解析】【分析】用频闪照相仪得到的图片，它们间的时间是相等，但A的位置并不一定是抛出点。所以处理时A位置的竖直方向有初速度。结合水平位移和水平速度可求出它们间的时间。利用在相等的时间内位移之差是恒定的求解重力加速度；根据中间时刻的瞬时速度等于此段位移的平均速度，可得小球到达B点的竖直速度，于是可得小球从抛出到B的时间，结合自由落体规律和水平方向的规律可得抛出点的坐标。【详解】频闪照相机的频闪
13、频率为 根据y=gT2可得 B点的竖直速度，则抛出点到B点的竖直距离： ，到达B点的时间 则抛出点的纵坐标y=-(0.28125-0.25)m=-0.03125m；抛出点的横坐标为x=-(v0tB-xB) =-(50.15-0.5)m=-0.25m；【点睛】本题通过实验探究出平抛运动处理的规律，并掌握了运动的合成与分解，同时运用运动学公式分别对水平方向和竖直方向进行分析求解即可。10.为了研究一个小灯泡的灯丝电阻随温度的升高而变化的规律，某同学用实验得到下表所示的数据（I和U分别表示小灯泡的电流和电压），则：I/A00.21 0.34 0.47 0.50 U/V00.400.801.201.6
14、02.00（1）当U=1.20V时对应的电流表如图甲所示，其读数为_A。（2）实验中所用的器材有：电压表（量程3V，内阻约为3 k）电流表量程(0.6A,内阻约为0.3)滑动变阻器（05，1 A）电源、待测小灯泡、电键、导线若干。请在图乙方框中画出该实验的电路图_。（3）根据实验数据，在图丙中画出小灯泡的I-U曲线_。【答案】 (1). 0.42A (2). 如图： (3). 图像如图：【解析】【分析】（1）由电流表的量程可确定最小分度，则可确定电流表的读数；（2）根据表中实验数据确定滑动变阻器的接法，根据灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表接法，然后画出电路图； （3）根据表中实验数据在坐标系
15、内描出对应点，然后作出图象【详解】（1）电流表量程为0.6A，最小分度为0.02A，则电流表的示数为：0.42A；（2）由表中实验数据可知，电压与电流从零开始变化，因此滑动变阻器应采用分压接法；灯泡最大电阻R=4，电压表内阻约为3k，电流表内阻约为0.3，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，滑动变阻器采用分压接法；原理图如图所示； （3）根据实验数据，画出小灯泡的I-U曲线如图；【点睛】本题考查了实验电路的设计，设计实验电路是实验常考问题，设计实验电路的关键是根据题目要求确定滑动变阻器采用分压接法还是采用限流接法，根据待测电路元件电阻大小与电表内阻间的关系确定电流表采用内接法还是外接法11.如图所示，在足够大的空间范围内，同时存在着 竖直向上的
