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1、2020高考数学一轮复习课时跟踪检测含解析课时跟踪检测（十六） 必备知识导数与函数的单调性、极值与最值1(2019厦门质检)函数yx2ln x的单调递减区间为()A(1,1)B(0,1C(1，) D(0,2)解析：选B由题意知，函数的定义域为(0，)，由yx0，得00时，1x2；f(x)0时，x2；f(x)0时，x1或x2.则函数f(x)的大致图象是()解析：选C根据信息知，函数f(x)在(1,2)上是增函数在(，1)，(2，)上是减函数，故选C.3函数f(x)(x21)22的极值点是()Ax1 Bx1Cx1或1或0 Dx0解析：选Cf(x)x42x23，由f(x)4x34x4x(x1)(x1
2、)0，得x0或x1或x1，又当x1时，f(x)0，当1x0，当0x1时，f(x)1时，f(x)0，x0,1，1都是f(x)的极值点4(2019成都高三摸底测试)已知函数f(x)x3ax在(1，1)上单调递减，则实数a的取值范围为()A(1，) B3，)C(，1 D(，3解析：选Bf(x)x3ax，f(x)3x2a.又f(x)在(1,1)上单调递减，3x2a0在(1,1)上恒成立，a3，故选B.5.(2019赤峰模拟)设函数f(x)在定义域R上可导，其导函数为f(x)，若函数y(1x)f(x)的图象如图所示，则下列结论中一定成立的是()A函数f(x)有极大值f(2)和极小值f(1)B函数f(x)
3、有极大值f(2)和极小值f(1)C函数f(x)有极大值f(2)和极小值f(2)D函数f(x)有极大值f(2)和极小值f(2)解析：选D由题图可知，当x2时，f(x)0；当x2时，f(x)0；当2x1时，f(x)0；当1x2时，f(x)0；当x2时，f(x)0；当x2时，f(x)0.由此可得函数f(x)在x2处取得极大值，在x2处取得极小值故选D.6下列函数中，在(0，)上为增函数的是()Af(x)sin 2xBf(x)xexCf(x)x3x Df(x)xln x解析：选B对于A，f(x)sin 2x的单调递增区间是(kZ)；对于B，f(x)ex(x1)，当x(0，)时，f(x)0，函数f(x)
4、xex在(0，)上为增函数；对于C，f(x)3x21，令f(x)0，得x或x0，得0x1，函数f(x)xln x在区间(0,1)上单调递增综上所述，应选B.7.函数f(x)ax3bx2cxd的图象如图，则函数yax2bx的单调递增区间是()A(，2 B.C2,3 D.解析：选D由题图可知d0.不妨取a1，f(x)x3bx2cx，f(x)3x22bxc.由图可知f(2)0，f(3)0，124bc0,276bc0，b，c18.yx2x6，y2x.当x时，y0，yx2x6的单调递增区间为.故选D.8已知定义在R上的函数f(x)，f(x)xf(x)0，若ab，则一定有()Aaf(a)bf(b) Baf
5、(b)bf(b) Daf(b)bf(a)解析：选Cxf(x)xf(x)xf(x)f(x)xf(x)0，函数xf(x)是R上的减函数，abf(b)9(2019广州模拟)若函数f(x)ex(sin xacos x)在上单调递增，则实数a的取值范围是()A(，1 B(，1)C1，) D(1，)解析：选Af(x)exsin xcos xa(sin xcos x)，当a0时，f(x)ex(sin xcos x)，显然x，f(x)0恒成立，排除C、D；当a1时，f(x)2excos x，x时，f(x)0，故选A.10定义域为R的函数f(x)满足f(1)1，且f(x)的导函数f(x)，则满足2f(x)x1的
6、x的集合为()Ax|1x1 Bx|x1Cx|x1 Dx|x1解析：选B令g(x)2f(x)x1，f(x)，g(x)2f(x)10，g(x)为单调增函数，f(1)1，g(1)2f(1)110，当x1时，g(x)0，即2f(x)x1，故选B.11已知e为自然对数的底数，设函数f(x)(ex1)(x1)k(k1,2)，则()A当k1时，f(x)在x1处取到极小值B当k1时，f(x)在x1处取到极大值C当k2时，f(x)在x1处取到极小值D当k2时，f(x)在x1处取到极大值解析：选C当k1时，f(x)(ex1)(x1)，0,1是函数f(x)的零点当0x1时，f(x)(ex1)(x1)1时，f(x)(
7、ex1)(x1)0,1不会是极值点当k2时，f(x)(ex1)(x1)2，零点还是0,1，但是当0x1时，f(x)0，由极值的概念，知选C.12(2019湖北咸宁重点高中联考)设函数f(x)x29ln x 在区间a1，a1上单调递减，则实数a的取值范围是()A(1,2 B(4，)C(，2) D(0,3解析：选Af(x)x29ln x，f(x)x(x0)，由x0，得00且a13，解得10，f(1)6，则不等式f(lg x)0，所以g(x)在(0，)上单调递增，f(1)6，g(1)0，故g(x)0的解集为(0,1)，即f(x)5的解集为(0,1)，由0lg x1，得1x0)设g(x)(x0)，则g
8、(x)，g(x)在(0,1)上单调递减，在(1，)上单调递增g(x)在(0，)上有最小值，为g(1)e，结合g(x)与yk的图象可知，要满足题意，只需ke.答案：(，e16已知函数g(x)满足g(x)g(1)ex1g(0)xx2，且存在实数x0，使得不等式2m1g(x0)成立，则实数m的取值范围为_解析：g(x)g(1)ex1g(0)x，令x1，得g(1)g(1)g(0)1，g(0)1，g(0)g(1)e011，g(1)e，g(x)exxx2，g(x)ex1x，当x0时，g(x)0时，g(x)0，当x0时，函数g(x)取得最小值g(0)1.根据题意得2m1g(x)min1，m1.答案：1，)5
