《湖北省随州市第一高级中学2025届物理高二第一学期期中调研模拟试题含解析》由会员分享,可在线阅读,更多相关《湖北省随州市第一高级中学2025届物理高二第一学期期中调研模拟试题含解析(12页珍藏版)》请在金锄头文库上搜索。
1、湖北省随州市第一高级中学2025届物理高二第一学期期中调研模拟试题注意事项:1答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、某同学用伏安法测电阻时,分别采用了电流表内接法和外接法,测得的某电阻Rx的阻值
2、分别为R1和R2,则所测阻值与真实值Rx之间的关系为()AR1RxR2BR1RxR2CR1R2RxDR1R2Rx2、如图所示,运动员把质量为的足球从水平地面踢出,足球在空中达到的最高点高度为,在最高点时的速度为,不计空气阻力,重力加速度为,下列说法正确的是( )A运动员踢球时对足球做功B足球上升过程重力做功C运动员踢球时对足球做功D足球上升过程克服重力做功3、关于动量,下列说法中正确的是( )A做匀变速直线运动的物体,它的动量一定在改变B做匀速圆周运动的物体,动量不变C物体的动量变化,动能也一定变化D甲物体动量p15 kg m/s,乙物体动量p210 kg m/s,所以p1p24、关于点电荷的
3、说法,正确的是( )A大小和形状对作用力的影响可以忽略的带电体可以视为点电荷B体积很大的电荷,一定不能作为点电荷C点电荷一定是带电量很小的电荷D只有体积很小的电荷,才能作为点电荷5、如图所示,一圆环上均匀分布着正电荷,x轴垂直于环面且过圆心O,下列关于x轴上的电场强度和电势的说法中正确的是( )AO点的电场强度为零,电势最低BO点的电场强度为零,电势最高C从O点沿x轴正方向,电场强度减小,电势升高D从O点沿x轴正方向,电场强度增大,电势降低6、真空中有两个静止的点电荷,它们之间的作用力为F,若它们的带电量都增大为原来的3倍,距离减少为原来的,它们之间的相互作用力变为( )ABFC9FD81F二
4、、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、质量为m的物块甲以3 m/s的速度在光滑水平面上运动,有一轻弹簧固定其上,另一质量也为m的物块乙以4 m/s的速度与甲相向运动,如图所示,则( )A当两物块相距最近时,物块甲的速率0.5m/sB相互作用之后物块甲的速率可能达到4 .1m/sC甲、乙两物块在弹簧压缩过程中,由于弹力作用,动量不守恒D当物块甲的速率为1 m/s时,物块乙的速率可能为2 m/s,也可能为08、如图所示,电源电动势E=6V,小灯泡L的规格为“4V 0. 8W”
5、,开关S接1,当滑动变阻器调到R=8时,小灯泡L正常发光,现将开关S接2,小灯泡L和电动机M均正常工作. 则A电源内阻为1B电动机的内阻为8C电动机正常工作电压为1. 6VDS接2时电源的输出功率为1. 12W9、如图所示,R为电阻箱,V为理想电压表。当电阻箱的示数R12.0时,电压表的示数U14.0V;当电阻箱的示数R25.0时,电压表的示数U25.0V。则此电源的电动势,内阻分别是( ) AE6VBE3VCr1Dr210、在x轴上电场强度E的大小与x的关系如图所示,场强方向沿x轴正方向,O为坐标原点,a、b、c为x轴上的点,a、c之间的距离为d,a、c两点的电场强度大小均为E0,e为元电荷
6、,则下列说法中正确的是() AbacOBOabcC将质子从a点移到c点,电场力做功大于|eE0d|D将质子从a点移到c点,质子的电势能减少三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11(6分)在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中,备有下列器材:A待测的干电池(电动势约为1. 5 V,内电阻小于1. 0)B电流表G(满偏电流3 mA,内阻Rg=10)C电流表A(00. 6 A,内阻0.1)D滑动变阻器R1(020,10 A)E.滑动变阻器R2(0200,l A)F定值电阻R0(990)G开关和导线若干(1)某同学发现上述器材中虽然没有电压表,但给
7、出了两个电流表,于是他设计了如图所示中甲的(a)、 (b)两个参考实验电路,其中合理的是_图所示的电路;在该电路中,为了操作方便且能准确地进行测量,滑动变阻器应选_(填写器材前的字母代号)(2)图乙为该同学根据(1)中选出的合理的实验电路利用测出的数据绘出的I1I2图线(I1为电流表G的示数,I2为电流表A的示数),则由图线可以得被测电池的电动势E=_V,内阻r=_12(12分)有一个小灯泡上标有“4V,2W”的字样,现在要用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线,现有下列器材供选用:A电压表(05V,内阻10k)B电压表(015V,内阻20k)C电流表(03A,内阻0.4)D电流表(00.6A,内阻
8、1)E.滑动变阻器(最大阻值为10,允许最大电流为2A)F.滑动变阻器(最大阻值为500,允许最大电流为1A)G.学生电源(直流6V)、开关、导线若干(1)实验时,选用图甲而不选用图乙所示的电路图来完成实验,其理由是_:(2)实验中所用电压表应选用_,电流表应选用_,滑动变阻器应选用_.(用序号字母表示)四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13(10分)如图所示,真空中有平行正对金属板A、B,它们分别接在输出电压恒为U=9.0V的电源两端,金属板长L=40cm、两金属板间的距离d=3.2cm,A、B两板间的电场可以视为匀
9、强电场。现使一电子从两金属板左侧中间以v0=2.0107m/s的速度垂直于电场方向进入电场,然后从两金属板右侧射出。已知电子的质量m=0.910-30kg,电荷量e=1.610-19C,两极板电场的边缘效应及电子所受的重力均可忽略不计。求:(1)电子在电场中运动时加速度a的大小;(2)电子射出电场时在沿电场线方向上的侧移量y;(3)从电子进入电场到离开电场的过程中,其动量增加量.14(16分)如图所示,在场强大小为E=2000N/C的水平向右的匀强电场中,将电荷量为q=210-6C的正点电荷由A点沿直线移至B点,AB间的距离为L=2cm,AB方向与电场方向成600角,求:(1)点电荷所受电场力
10、的大小和方向;(2)在此过程中电场力做的功WAB;(3)A、B两点间的电势差UAB15(12分)如图所示,在倾角为a的斜面上,放一质量为m的光滑小球,球被竖直的木板档住,则球对挡板的压力是多少?参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】采用内接法时,电流表与待测电阻串联,故电流表是准确的;而由于电流表的分压使电压表测量值偏大,故由欧姆定律求得的测量值偏大,故R1Rx;当采用外接法时,电压表与待测电阻并联,故电压表是准确的;而由于电压表的分流使电流表测量结果偏大,故由欧姆定律求得的测量值偏小,故RxR2;故选A2
11、、C【解析】AC.足球被踢起后在运动过程中,只受到重力作用,只有重力做功,足球的机械能守恒,足球到达最高点时,机械能为:由于足球的机械能守恒,则足球刚被踢起时的机械能为:足球获得的机械能等于运动员对足球所做的功,因此运动员对足球做功:故A错误,C正确;BD.足球上升过程重力做功:足球上升过程中克服重力做功:克故B、D错误3、A【解析】A.动量等于质量和速度乘积,所以做匀变速直线运动的物体,它的动量一定在改变,故A正确B.匀速圆周运动的物体速度一直在变,所以动量在变,故B错误C.动量是矢量,动能是标量,动量变动能不一定变,故C错误D.动量是矢量,正负代表方向,故D错误故选A4、A【解析】A电荷的
12、形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时,就可以看成是点电荷,选项A正确;BCD带电体能否看作点电荷,是由研究问题的性质决定,与自身大小形状及带电量的多少无具体关系,故BCD错误;5、B【解析】试题分析:将圆环等分成若干微小段,每一小段和与它关于O点对称的一小段在O点,产生的电场的电场强度总大小相等、方向相反,矢量和为零,即最终在O点的总矢量和为零,即在O点处,电场强度为零因为圆环带正电,因此,每一小段和与它关于O点对称的一小段在O点的左右两侧,产生大小相等、方向分别向外与x轴成相等角的电场,矢量和沿着x轴,由O点向两侧发散,各段叠加后总矢量和仍然沿着x轴,由O点向两侧发散,根据沿着电场
13、线方向电势逐点降低的规律可知,O点的电势最高,故选项A、C错误,选项B正确;当从O点沿x轴正方向,趋于无穷远时,电场强度也为零,因此从O点沿x轴正方向,电场强度先变大,后变小,故选项D错误考点:本题主要考查了电场力的性质和能的性质问题,属于中档题6、D【解析】真空中两个静止的点电荷的作用力满足库仑定律的条件,所以根据库仑定律可得,电量和距离变化前,他们间的库仑力为它们的带电量都增大为原来的3倍,距离减少为原来的后故D正确,ABC错误。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7
14、、AD【解析】当两物块相距最近时速度相同,取碰撞前乙的速度方向为正方向,设共同速率为v,由动量守恒定律得: ,代入数据解得:v=0.5m/s,故A正确;若物块甲的速率达到4.1m/s,方向与原来相反,则: ,代入数据代入解得:v乙=-3.1m/s,两个物体的碰后动能之和增大,违反了能量守恒定律;若物块甲的速率达到4.1m/s,方向与原来相同,根据动量定理可知,甲的速度不可能增大,综合分析可得故B错误 ;甲、乙两物块(包括弹簧)组成的系统在弹簧压缩过程中,系统所受的合外力为零,系统动量守恒,故C错误;甲、乙组成的系统动量守恒,若物块甲的速率为1m/s,方向与原来相同,由动量守恒定律得: ,代入数据解得:v乙=2m/s;若物块甲的速率为1m/s,方向与原来相反,由动量守恒定律得: ,代入数据解得:v乙=0,故D正确。所以AD正确,BC错误。8、CD【解析】A.小灯泡的额定电流为:灯泡内阻为:当开关接1时,根据闭合电路欧姆定律有:代入数据解得:故A错误;BC.当接2时灯泡正常发光,则流过的电流为:电源内阻分的电压为:故电动机分的电压为:动因电动机消耗的电能转化为机械能和内能,则可知电阻:故B错误,C正确;D.当接2时,电源输出功率:出故D正确。9、AC【解析】根据闭合电路欧姆定律,当电阻箱读数为R1=2.