《福建福州市第一高级中学2025届物理高一第一学期期中质量检测试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《福建福州市第一高级中学2025届物理高一第一学期期中质量检测试题含解析（12页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、福建福州市第一高级中学2025届物理高一第一学期期中质量检测试题请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、刀、斧、凿等切削工具的刃部叫做劈，如图所示是用斧头劈木柴的示意图劈的纵截面是一个等腰三角形，使用劈的时候，垂直劈背加一个力，这个力产生两个作用效果，使劈的两个侧面推压木柴，把木柴劈开设劈背的宽度为，劈的侧面长为，不计斧头的自身
2、重力，则劈的侧面推压木柴的力约为（）ABCD2、如图所示，一个物体沿固定斜面匀速下滑，关于物体所受的力，下列说法中正确的是( ) A物体受重力、冲力、支持力、摩擦力B物体所受摩擦力的方向是水平向右C物体所受的重力和支持力相等D物体所受的摩擦力与匀速下滑的速度大小无关3、如图所示是和两质点在同一条直线上运动的位移-时间图象，以下说法正确的是（ ） A两质点同地点而不同时出发B和两质点速度大小和方向都不同C在运动的全过程，质点运动得比快D在前质点运动得比快，在后质点运动得比快4、某物体作匀加速直线运动,其加速度为2m/s2,在任1秒中（ ）:A该秒末速度比前1秒初速度大2m/s；B末速度比初速度大
3、2m/s,其方向与初速度方向相反；C末速度比初速度大2m/s,其方向与加速度方向相同；D末速度比初速度小2m/s,其方向与初速度方向相同.5、一质点由静止开始做匀加速直线运动，它在第10 s内的位移为19 m，则其加速度大小为()A1.9 m/s2B2.0 m/s2C9.5 m/s2D3.0 m/s26、下列各物体均处于静止状态，关于物体的受力示意图，哪个是正确的（ ）ABCD7、下列所给的图象中能反映作直线运动的物体回到初始位置的是( )ABC D8、一物体做匀变速直线运动，某时刻速度的大小为，1s后速度的大小变为，在这1s内物体的（）A加速度的大小可能小于B加速度的大小可能大于C位移的大小
4、可能小于4mD位移的大小可能大于10m9、一辆汽车以14m/s的速度做直线运动，某时刻开始以恒定的加速度刹车，第1s内位移为12m，下列说法正确的是（）A5 s内汽车的位移为24.5 mB汽车在第4 s内的平均速度是1 m/sC汽车在第2 s内的位移是8 mD汽车刹车的加速度大小为12 m/s210、如图所示，一冰壶以速率v0垂直进入三个矩形区域做匀减速运动，且刚要离开第三个矩形区域时速度恰好为零，则冰壶依次进入每个矩形区域时的速度之比和穿过每个矩形区域所用的时间之比分别是（）Av1：v2：v3=Bv1：v2：v3Ct1：t2：t3=Dt1：t2：t311、一物体做加速度不变的直线运动，某时刻
5、速度的大小为4 m/s，1 s后速度的大小变为10 m/s，在这1 s内该物体的()A速度变化的大小可能小于4 m/sB速度变化的方向可能与原速度方向反向C加速度的方向可能与原速度方向反向D加速度的大小可能大于10 m/s212、如图所示，将一长方形木块锯开为A、B两部分后，静止放置在水平地面上则（ ）AB受到四个力作用BB受到五个力作用CA对B的作用力方向竖直向下DA对B的作用力方向垂直于它们的接触面向下二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）丁丁同学想通过频闪照相研究小球的自由落体运动，从而计算重力加速度。如果得到的频闪照片如图，单位是厘米。频闪的时间间隔T=0.04
6、s.，利用这些数据： 根据照片可以判断小球做匀加速直线运动，理由是_（请用文字描述）；由第一问的方法求当地重力加速度g的表达式为_; 若所得到的重物下落的加速度值小于当地的重物加速度值,而实验操作与数据处理均无错误,写出一个你认为可能引起此误差的原因:_。14、（10分）一轻绳的两端A、B固定在天花板上，绳能承受的最大拉力为120N。现用挂钩（重量不计）将一重物挂在绳子的结点C处。如图所示，两端与竖直方向的夹角分别为37和53。（sin37=0.6；cos37=0.8）求：(1)若已知重物重力为G，AC和BC绳拉力各为多少?(2)此重物的最大重力不应超过多少？(3)若轻绳没有打结，将挂钩换成一
7、个光滑的重量不计的小滑轮，重物的最大重力可达多大？三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）质量为10kg的物体放在粗糙的木板上，当木板与水平面的倾角为37时，物体恰好可以匀速下滑，求：（1）物体与木板间的动摩擦因数；（2）当板与水平面间的倾角为30时，物体所受的摩擦力；（3）当板与水平面间倾角为60时，物体所受的摩擦力。（g取）16、（12分）气球以20m/s的速度沿竖直方向匀速上升，当它上升到离地160m的高处时，一重物从气球上掉落，（不计空气阻力，g取10m/s2）求：（1）重物需要经过多长时间才能落到地面？（2）重物到达地面时的速度是多大？17、（12分）
8、如甲图所示把一根长20 cm的轻质弹簧上端固定，下端系一质量1kg的木块，当木块静止时，弹簧长为25 cm；把此木块放在水平桌面上，用这个轻质弹簧水平拉它，当弹簧长为22 cm时，木块沿桌面匀速运动，如乙图（g取10m/s2）求：甲 乙(1)弹簧的劲度系数(2)木块与桌面间的滑动摩擦因数参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、B【解析】斧头劈木柴时，受力分析如图所示：设两侧面推压木柴的力分别为、且，利用几何三角形与力的三角形相似有，可得推压木柴的力：A。故A不符合题意。B。故B符合题意。C。故C不符合题意。D。故D不符合题意。2、D【解
9、析】先对物体进行受力分析，由题意可知，物体做匀速直线运动，则由共点力的平衡条件可知物体受到的合力；由力的合成与分解可得出各力间的关系。【详解】A项：物体受到重力、支持力及摩擦力而做匀速直线运动，故A错误；B项：物体受到的摩擦力沿斜面向上，故B错误；C项：在垂直于斜面方向上，物体受到的合力应为零，故支持力应等于重力垂直于斜面的分力，即支持力小于重力，故C错误；D项：滑动摩擦力F=FN，故摩擦力与下滑速度无关，只与正压力及动摩擦因数有关，故D正确。故应选：D。【点睛】在研究共点力的平衡时，应注意两种方法，若物体受三力而平衡时，常用合成法，即任意两力之和与第三力大小相等，方向相反；若物体受四力及以上
10、时，可以采用正交分解法，应根据题意灵活掌握。3、C【解析】由图象可知：出发时b在a的前面，所以不是同地点出发，故A错误；位移-时间图象斜率表示速度，由图象可知：a的斜率比b大，所以两物体均做匀速直线运动，且a的速度比b快，ab的斜率都为正值，所以速度都沿正方向，速度方向相同，故BD错误，C正确；故选C【点睛】理解位移-时间图象上点和斜率的物理意义；特别是斜率代表速度，难度不大，属于基础题.4、C【解析】物体作匀加速直线运动，其加速度为2m/s2，则物体速度每秒增加2m/s，据此分析各选项。【详解】加速度数值上等于单位时间内速度的变化量，匀加速直线运动，加速度为2m/s2，每秒速度增加2m/s。
11、A：该秒末速度比前1秒初速度大4m/s。故A项错误。BCD：任1秒中，末速度比初速度大2m/s,其方向与加速度方向相同。故C项正确，BD两项错误。【点睛】本题的关键是知道加速度的定义，以及加速度表示的物理意义。5、B【解析】试题分析：质点是从静止开始运动的，设加速度为a，则发生的位移为，第10s内的位移等于前10s内的位移与前9s内的位移之差，故可得第10s内的位移为，解得，故B正确；考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】在遇见第ns内的位移时，可利用前n内的位移减去前n-1s内的位移，在分析匀变速直线运动问题时，由于这一块的公式较多，涉及的物理量较多，并且有时候涉及的过程也非常多，
12、所以一定要注意对所研究的过程的运动性质清晰，对给出的物理量所表示的含义明确，然后选择正确的公式分析解题6、C【解析】A处于静止状态的物块受到的静摩擦力沿斜面向上，A错误；B水平力F把铁块紧压在竖直墙上静止的物体受到4个力作用，即重力、支持力、推力和摩擦力作用，B错误；C小球放在水平面上，受水平面竖直向上的支持力和重力作用，倾斜的接触面虽然接触，但不存在弹力，故C正确；D物体A和B通过跨过定滑轮的细绳连接，都处于静止状态时A受到的摩擦力方向水平向右，D错误。7、ACD【解析】A由图可知，物体开始和结束时的纵坐标均为0，说明物体又回到了初始位置，故A正确；B由图可知，物体一直沿正方向运动，位移增大
13、，故无法回到初始位置，故B错误；C物体第1s内的位移沿正方向，大小为2m，第2s内位移为2m，沿负方向，故2s末物体回到初始位置，故C正确；D物体做匀变速直线运动，2s末时物体的总位移为零，故物体回到初始位置，故D正确；故选ACD。8、BC【解析】若1s后的速度方向与初速度方向相同，加速度为，位移为；若1s后的速度方向与初速度方向相反，加速度为，位移为，负号表示方向BC正确，AD错误选BC9、AC【解析】试题分析：汽车刹车后做匀减速直线运动，根据位移时间公式求出加速度，判断出汽车到停止的时间，再结合汽车的状态求位移和平均速度根据得，代入数据解得，汽车速度减为零的时间，则5s内的位移等于3.5s
14、内的位移， ，故A正确D错误；第4s内的位移等于最后0.5s内的位移，采用逆向思维， ，则第4s内的平均速度为0.5m/s，故B错误；根据得，第2s内的位移，故C正确10、BD【解析】因为刚要离开第三个矩形区域时速度恰好为零，可采取逆向思维，冰壶从静止开始从1区域加速运动，到刚穿过3时末速度为刚穿过1区域时，则穿过1时所有时间；刚穿过2区域时，则穿过2时所有时间；刚穿过3区域时，则穿过3时所有时间；则刚要穿过1区域，2区域，3区域所用时间之比为，穿过每个矩形区域所用的时间之比分别是，AB由可得初速度为零的匀加速直线运动中的速度之比为，则由逆向思维可知，所求的速度之比为，A错误B正确；CD则由逆向思维可知，所求时间之比为，C错误D正确。11、BCD【解析】A、规定初速度的方向为正方向，若后的速度方向与初速度方向相同，速度变化是，若后的速度方向与初速度方向相反，速度变化的是，负号表示速度变化的方向与原速度方向反向，故A错误，B正确；C、加速度的方向与速度变化方向相同，所以加速度的方向可能与原速度方向反向，故C正确；D、若后的速度方向与初速度方向相反，速度变化的是，根据加速度的定义式得，所以加速度的大小可能大于，故D正确点睛：解决本题的关键知道1s
