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1、海淀区高三年级第二学期适应性练习理科综合测试（物理部分）2018. 0313.下列叙述正确的是A.布朗运动就是液体分子的无规则运动B.扩散现象说明分子在不停地做无规则运动C.两个分子间距离增大时，分子间作用力的合力一定减小D.物体的温度越高，分子运动越激烈，每个分子的动能都一定越大14.关于天然放射性，下列说法正确的是A.天然放射现象说明原子是可分的B.放射性元素的半衰期与外界的温度有关，温度越高半衰期越短C.放射性元素发生 3衰变时所释放出的电子是原子核内的中子转化为质子时产生的D.机场、车站进行安检时，能发现箱内危险物品，是利用了“射线较强的穿透能力15.图1是正弦交流电源的输出电压u随时
2、间t变化的图像。山、卜列说法门而向MA .该交流电压的有效值是 311VB.该交流电压的周期是 2sC.该交流电压的瞬时值表达式是u=311sin100 t也）D.该交流电压的初位相是 “2关于该图像所表示的交流16.如图2所示是一透明玻璃球体，其半径为R,。为球心，AB为水平直径。M点是玻璃球的最高点，一条平行于AB的光线自D点射入球体内，其折射光线为DB,已知/ ABD = 30,光在真空中的传播速度为c、波长为入则A.此玻璃的折射率为V3 V3RB.光线从D传播到B的时间是cC.光在玻璃体内的波长为 43入D.光在B点会发成全反射17 .如图3甲所示，上端固定的弹簧振子在竖直方向上做简谐
3、运动。弹簧振子的振动图像如图 3乙所示。则A .弹簧振子的振动频率f=2.0HzB.弹簧振子的振幅为 0.4mC.在0-0.5S内，弹簧振子的动能逐渐减小D.在1.0-1.5S内，弹簧振子的弹性势能逐渐减小甲规定向上为正方向,图3乙18 .如图4所示，由粗细均匀的电阻丝制成的边长为L的正方形金属框向右匀速运动,穿过方向垂直金属框平面向里的有界匀强磁场,磁场宽度d=2L。从ab边刚进入磁场到金属框全部穿出磁场的过程中,ab两点间的电势差 Uab随时间变化的图像如图5所示，其中正确的是19 .如图6所示，将铜片悬挂在电磁铁的两极间，形成一个摆。在电磁铁线圈未通电时， 铜片可以自由摆动， 忽略空气阻
4、力及转轴摩擦的作用。当电磁铁通电后， 电磁铁两极间可视为匀强磁场，忽略磁场边缘效应。关于通电后铜片的摆动过程，以下说法正确的是A.由于铜片不会受到磁铁的吸引，所以铜片向右穿过磁场后，还能摆至原来的高度B.铜片进入磁场的瞬间，铜片一定立即减速C.铜片在进入和离开磁场时，由于电磁感应，均有感应电流产生D.铜片进入磁场的过程是机械能转化为电能的过程，离开磁场的过程是电能转化为机械能的过程20 .中国科学院国家天文台2017年10月10日宣布，由已故科学家南仁东总负责建设的被誉为 中国天眼”的世界最大的单口径球面射电望远镜（FAST）在银河系内发现了 6颗 新的脉冲星，一举实现了中国在脉冲星发现领域零
5、的突破脉冲星，就是高速自转的中子星，脉冲的周期其实就是中子星的自转周期。中子星不致因自转而瓦解存在一个最小周期T。已知中子星和原子核密度的数量级相同，原子核半径的数量级是10-15m,原子核质量的数量级是10-26kg,万有引力常量 G=6.67X10-11N?kg-2?n?。则最小周期T0的数量级最接近于A. 102sB. 10-2sC. 10-4sD. 10-6s第二部分21 . （18 分）（1）利用油膜法估测分子直径”实验体现了构建分子模型的物理思想，应用了通过对 宏观量的测量来间接测量微观量的方法。某同学进行了下列操作：A.取一定量的无水酒精和油酸，制成一定浓度的油酸酒精溶液。测量一
6、滴油酸酒精 溶液中纯油酸的体积VB.将一滴油酸酒精溶液滴到水面上，在水面上自由地扩展为形状稳定的油酸薄膜C.向浅盘中倒入约 2cm深的水，将郁子粉均匀地撒在水面上D.将画有油酸膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上计算出油酸膜的面积SE.将玻璃板盖到浅水盘上，用彩笔将油酸膜的轮廓画在玻璃板上正确操作的合理顺序是O （填字母代号）。若该同学计算出滴在水面上油酸酒精溶液中纯油酸的体积为V,测得单分子油膜的面积为S,则油酸分子的直径 D=。（2）物理课上同学们通过实验讲究平抛运动”。甲组同学利用图7所示的实验装置，通过描点画出平抛小球 的运动轨迹。以下是实验过程中的一些做法，其中合理的有A.安装斜槽轨道，使其末
7、端保持水平B.斜槽轨道必须光滑C.每次小球应从同一位置由静止释放D.为描出小球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接实验得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点O为坐标原点，运动轨迹为抛物线的是测量它们的水平坐标 x和竖直坐标y,图8中y-x2图象能说明平抛小球OB图8Da=验证轨迹是符合y=ax2的抛物线后，根据图m-1,小球平抛运动的初速度vo=9中y-x图象M点的坐标值，可以求出m/s。（重力加速度为 g=10m/s2）乙组同学为了得到平抛运动轨迹采用图 瓶内水面高低的影响，应选择 10所示装置，为了得到稳定的细水柱，不受ABCD图10丙组同学用手机数码摄像功能来记录平抛运动的轨
8、迹，每秒可拍摄几十帧照片，用它拍摄小球从水平桌面飞出后做平抛运动的几张连续照片。用数学课上画函数图象的方格黑板做背景，通过图像处理，就可以记录小球在运动过程中每隔相同时间的位置，如图11所示。请从图片中获取数据，分析、论证平抛运动在水平方向和竖直方向的运动规律。22. (16分)在图12所示的平行板器件中，电场强度和磁感应强度相互垂直。具有某一水平速度的带电粒子，将沿着图中所示的虚线穿过两板间的空间而不发生偏转，具有其他速度的带电粒子将发生偏转。 这种器件能把具有某一特定速度的带电粒子选择出来，叫作速度选择器。已知粒子 A (重力不计)的质量为 m,带电量为+q；两极板间距为d;电场强度大小为
9、巳磁感应强度大小为 Bo求：(1)带电粒子A从图中左端应以多大速度才能沿着图示虚 线通过速度选择器？(2)若带电粒子A的反粒子(-q, m)从图中左端以速度 E/B水 平入射，还能沿直线从右端穿出吗？为什么？(3)若带电粒子 A从图中右端两极板中央以速度日B水平入射，判断粒子A是否能沿虚线从左端穿出，并说明理由。若不能穿出而打在极板上.请求出粒子A到达极板时的动能?23. (18分)为北京冬奥会做准备的标准 U型池场于2017年12月在河北省张家口市密苑云 顶乐园建成并投入使用，它填补了我国此项运动奥运标准设施和场地的空白。如图13所示为某单板滑雪U型池的比赛场地，比赛时运动员在U形滑道内边滑
10、行边利用滑道做各种旋转和跳跃动作，裁判员根据运动员的腾空高度、完成的动作难度和效果评分。图14为该U型池场地的横截面图，AB段、CD段为半径R=4m的四分之一光滑圆弧雪道， BC段为粗糙 的水平雪道且与圆弧雪道相切，BC长为4.5m,质量为60kg的运动员(含滑板)以 5m/s的速度从A点沿切线滑下后，始终保持在一个竖直平面内运动，经U型雪道从D点竖直向上飞出，经t=0.8s恰好落回D点，然后又从 D点返回U型雪道。忽略空气阻力，运动员可视 为质点，g=10m/s2。求：(1)运动员与BC雪道间的动摩擦因数；(2)运动员首次运动到圆弧最低点C点时对雪道的压力；(3)运动员最后静止处距离B点的距
11、离。图1324.麦克斯韦电磁理论认为： 变化的磁场会在空间激发一种电场，这种电场与静电场不同，称为感生电场或涡旋电场。在如图15甲所示的半径为r的圆形导体环内，存在以圆环为边界竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小随时间的变化关系为B=kt (k0且为常量)。该变化的磁场会在空间产生圆形的涡旋电场，如图乙所示，涡旋电场的电场线与导体环具有相同圆心的同心圆，同一电场线上各点场强大小相同，方向沿切线。惇体环中的自由电荷就会在感生电场的作用下做定向运动，产生感应电流，或者说导体中产生了感应电动势，涡旋电场力充当非静电力，其大小与涡旋电场的场强 E关系满足(1)根据法拉第电磁感应定律，推导导体环中产生的感
12、应电动势g(2)在15乙图中以圆心 O为坐标原点，向右建立一维 x坐标轴，推导在 x轴上各处 电场强度的大小 E与x之间的函数表达式，在图 16中定性画出E-x图像；(3)图15丙为乙的俯视图，去掉导体环，在磁场圆形边界上有M、N两点，MN之间所夹的小圆弧恰为整个圆周的1/6;将一个带电量为+q的带电小球沿着圆弧分别顺时针、时针从M移动到N,求涡旋电场力分别所做的功。在此基础上，对比涡旋电场和静电场,说明涡旋电场中为什么不存在电势的概念。图15丙图16海淀区适应性训练物理参考答案及评分标准2018.313. B 14. C 15. C 16. A 17. C 18. D 19. C 20. C
13、21. (18 分)(1)ACBED-2分 V/S2分(2)AG2分C2分 5.02分1.02分 A2分以左上顶点为坐标原点，各点坐标分别为点1 (2, 1)、点2 (6, 4)、点3 (10, 11)、点4 (14, 22)。相邻两点间水平位移相等，即X12=X23=X34,可知水平分运动为匀速直线运动。相邻两点间竖直位移 y12=3、 y23=7、 y34=11, y34-y23 =y23-y12 ,即相邻两点间竖直位移差相等，可知竖直分运动为匀加速直线运动。4分22. (16 分)(1)带电粒子在电磁场中受到电场力和洛伦兹力(不计重力)，当沿虚线作匀速直线运动时, 两个力平衡，即Eq=B
14、qv 3分解得：v= E/B 1分(2)仍能直线从右端穿出，由(1)可知，选择器(B, E)给定时，与粒子的电性、电量无关.只与速度有关。4分(3)设粒子A在选择器的右端入射是速度大小为 v,电场力与洛伦兹力同方向，因此不可能 直线从左端穿出，一定偏向极板。设粒子打在极板上是的速度大小为v。由动能定理得工mt/2 -mv2 =2Z2,八4分E=Bv 2 分工 222 B 2 2 分23. (18 分)解析：(1)设运动员从 D点向上飞出的速度为 vd,则 tvD g 4 m/s 2分运动员从A点到D点的过程，由动能定理得，1212mgXBC -mvD mvA 22解得(1 = 0.1(2)运动员从C点运动到D点的过程中，由动能定理得1 一 21 一 2mgR mvD 一 mvC 2 勿2 2设运动员首次运动到 C点时对雪道的压力为 N,2Vc N mg m-jC联立得N=2040N由牛顿第三定律知, 1分运动员对雪道的压力竖直向下，大小为(3)设运动员运动的全过程在水平雪道上通过的路程为12mgR- m mgx= 0- m1vA x,2040N。由动能定理得解得 x= 52
