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1、广东佛山市禅城区2024届高一下数学期末统考模拟试题注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1已知变量与负相关，且由观测数据算得样本平均数，则由该观测数据算得的线性回归方程可能是ABCD2设，是两条不同的直线，是两个不同的平面，是下列命题正确的是（ ）A若
2、，则B若，则C若，则D若，则3一个四面体的三视图如图所示，则该四面体的表面积是（ ）ABCD4向量，满足条件，则ABCD5在平面直角坐标系xOy中，点P（2，1）到直线l：4x3y+4=0的距离为（ ）A3BC1D36在中，则=（ ）ABCD7在中，（，分别为角、的对边），则的形状为（ ）A等边三角形B直角三角形C等腰三角形或直角三角形D等腰直角三角形8直线mx4y20与直线2x5yn0垂直，垂足为(1，p)，则n的值为()A12B14C10D89某校有高一学生人，高二学生人，高三学生人，现教育局督导组欲用分层抽样的方法抽取名学生进行问卷调查，则下列判断正确的是（）A高一学生被抽到的可能性最大
3、B高二学生被抽到的可能性最大C高三学生被抽到的可能性最大D每位学生被抽到的可能性相等10棱长为2的正四面体的表面积是（ ）AB4CD16二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11已知在中，角的大小依次成等差数列，最大边和最小边的长是方程的两实根，则_12已知圆过点A（5，1），B（5，3），C（1，1），则圆的圆心到直线l：x2y+10的距离为_13已知等比数列an的前n项和为Sn，若S37，S663，则an_14若满足约束条件，则的最小值为_.15函数的值域是_16若数列是等差数列，则数列也为等差数列，类比上述性质，相应地，若正项数列是等比数列，则数列 _也是等比数列.三、解答题
4、：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17已知偶函数.（1）若方程有两不等实根，求的范围；（2）若在上的最小值为2，求的值.18某校研究性学习小组从汽车市场上随机抽取辆纯电动汽车调查其续驶里程(单次充电后能行驶的最大里程),被调查汽车的续驶里程全部介于公里和公里之间,将统计结果分成组:,绘制成如图所示的频率分布直方图.（1）求直方图中的值;（2）求辆纯电动汽车续驶里程的中位数;（3）若从续驶里程在的车辆中随机抽取辆车,求其中恰有一辆车的续驶里程为的概率.19已知,函数.(1)当时,解不等式;(2)若对,不等式恒成立,求a的取值范围.20爱心超市计划按月订购一种酸
5、奶，每天进货量相同，进货成本每瓶4元，售价每瓶6元，未售出的酸奶降价处理，以每瓶2元的价格当天全部处理完根据往年销售经验，每天需求量与当天最高气温单位：有关如果最高气温不低于25，需求量为500瓶；如果最高气温位于区间，需求量为300瓶；如果最高气温低于20，需求量为200瓶为了确定六月份的订购计划，统计了前三年六月份每天的最高气温数据，得到下面的频数分布表：最高气温天数216362574（1）求六月份这种酸奶一天的需求量不超过300瓶的频率；（2）当六月份有一天这种酸奶的进货量为450瓶时，求这一天销售这种酸奶的平均利润（单位：元）21求适合下列条件的直线方程：经过点，倾斜角等于直线的倾斜角
6、的倍；经过点，且与两坐标轴围成一个等腰直角三角形。参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、D【解析】由于变量与负相关，得回归直线的斜率为负数，再由回归直线经过样本点的中心，得到可能的回归直线方程.【详解】由于变量与负相关，排除A,B，把代入直线得：成立，所以在直线上，故选D.【点睛】本题考查回归直线斜率的正负、回归直线过样本点中心，考查基本数据处理能力.2、D【解析】根据空间中线线，线面，面面位置关系，逐项判断即可得出结果.【详解】A选项，若，则可能平行、相交、或异面；故A错；B选项，若，则可能平行或异面；故B错；C选
7、项，若，如果再满足，才会有则与垂直，所以与不一定垂直；故C错；D选项，若，则，又，由面面垂直的判定定理，可得，故D正确.故选D【点睛】本题主要考查空间的线面，面面位置关系，熟记位置关系，以及判定定理即可，属于常考题型.3、B【解析】试题分析：由三视图可知，该几何体是如下图所示的三棱锥，其中平面平面，,且，所以，与均为正三角形，且边长为，所以，故该三棱锥的表面各为，故选B考点：1三视图；2多面体的表面积与体积4、C【解析】向量，则， 故解得.故答案为：C。5、A【解析】由点到直线距离公式计算【详解】故选：A【点睛】本题考查点到直线的距离公式，掌握距离公式是解题基础点到直线的距离为6、C【解析】根
8、据正弦定理,代入即可求解.【详解】因为中,由正弦定理可知 代入可得故选:C【点睛】本题考查了正弦定理在解三角形中的应用,属于基础题.7、B【解析】利用二倍角公式，正弦定理，结合和差公式化简等式得到，得到答案.【详解】 故答案选B【点睛】本题考查了正弦定理，和差公式，意在考查学生的综合应用能力.8、A【解析】由直线mx+4y2=0与直线2x5y+n=0垂直，求出m=10，把（1，p）代入10x+4y2=0，求出p=2，把（1，2）代入2x5y+n=0，能求出n【详解】直线mx+4y2=0与直线2x5y+n=0垂直，垂足为（1，p），2m45=0，解得m=10，把（1，p）代入10x+4y2=0，
9、得10+4p2=0，解得p=2，把（1，2）代入2x5y+n=0，得2+10+n=0，解得n=1故答案为：A【点睛】本题考查实数值的求法，考查直线与直线垂直的性质等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，是基础题9、D【解析】根据分层抽样是等可能的选出正确答案.【详解】由于分层抽样是等可能的，所以每位学生被抽到的可能性相等，故选D.【点睛】本小题主要考查随机抽样的公平性，考查分层抽样的知识，属于基础题.10、C【解析】根据题意求出一个面的面积，然后乘以4即可得到正四面体的表面积【详解】每个面的面积为，正四面体的表面积为.【点睛】本题考查正四面体的表面积，正四面体四个面均为正三角形二、填
10、空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】本题首先可根据角的大小依次成等差数列计算出，然后根据最大边和最小边的长是方程的两实根得到以及，最后根据余弦定理即可得出结果【详解】因为角成等差数列，所以，又因为，所以.设方程的两根分别为、，则，由余弦定理可知：，所以.【点睛】本题考查根据余弦定理求三角形边长，考查等差中项以及韦达定理的应用，余弦定理公式为，体现了综合性，是中档题12、【解析】求得线段和线段的垂直平分线，求这两条垂直平分线的交点即求得圆的圆心，在求的圆心到直线的距离.【详解】A（5，1），B（5，3），C（1，1），AB的中点坐标为（5，2），则AB的垂直平分线方程为y2
11、；BC的中点坐标为（2，2），则BC的垂直平分线方程为y23（x2），即3x+y81联立，得圆的圆心为（2，2），则圆的圆心到直线l：x2y+11的距离为d故答案为：【点睛】本小题主要考查根据圆上点的坐标求圆心坐标，考查点到直线的距离公式，属于基础题.13、【解析】利用等比数列的前n项和公式列出方程组，求出首项与公比，由此能求出该数列的通项公式【详解】由题意，,不合题意舍去；当等比数列的前n项和为，即，解得，所以，故答案为：【点睛】本题主要考查了等比数列的通项公式的求法，考查等比数列的性质等基础知识，考查运算求解能力，是基础题14、3【解析】在平面直角坐标系内，画出可行解域，平行移动直线，在可
12、行解域内，找到直线在纵轴上截距最小时所经过点的坐标，代入目标函数中，求出目标函数的最小值.【详解】在平面直角坐标系中，约束条件所表示的平面区域如下图所示：当直线经过点时，直线纵轴上截距最小，解方程组，因此点坐标为，所以的最小值为.【点睛】本题考查了线性目标函数最小值问题，正确画出可行解域是解题的关键.15、【解析】求出函数在上的值域，根据原函数与反函数的关系即可求解.【详解】因为函数，当 时是单调减函数当时， ；当时， 所以在上的值域为 根据反函数的定义域就是原函数的值域可得函数的值域为故答案为：【点睛】本题求一个反三角函数的值域，着重考查了余弦函数的图像与性质和反函数的性质等知识，属于基础题
13、.16、【解析】利用类比推理分析，若数列是各项均为正数的等比数列，则当时，数列也是等比数列【详解】由数列是等差数列，则当时，数列也是等差数列类比上述性质，若数列是各项均为正数的等比数列，则当时，数列也是等比数列故答案为：【点睛】类比推理的一般步骤是：（1）找出两类事物之间的相似性或一致性；（2）用一类事物的性质去推测另一类事物的性质，得出一个明确的命题（猜想）三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）；（2）或.【解析】（1）由偶函数的定义，利用，求得的值，再由对数函数的单调性，结合题设条件，即可求解实数的范围；（2）利用换元法和对勾函数的单调
14、性，以及二次函数的闭区间上的求法，分类讨论对称轴和区间的关系，即可求解.【详解】（1）因为，所以的定义域为，因为是偶函数，即，所以，故，所以，即方程的解为一切实数，所以，因为，且，所以原方程转化为，令，所以所以在上是减函数，是增函数，当时，使成立的有两个，又由知，与一一对应，故当时，有两不等实根；（2）因为，所以，所以，令，则，令，设，则，因为，所以，即在上是增函数，所以，设，则.（i）当时，的最小值为，所以，解得，或4（舍去）；（ii）当时，的最小值为，不合题意；（iii）当时，的最小值为，所以，解得，或（舍去）.综上知，或.【点睛】本题主要考查了函数的综合应用，其中解答中涉及到函数的奇偶性，对数函数的图象与性质，以及换元法和分类讨论思想的应用，试题综合性强，
