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1、浙江省高中联盟2024年高一数学第二学期期末调研试题注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1若，则的最小值为（ ）ABC3D22已知变量满足约束条件，则的最大值为（
2、）A8B7C6D43设等比数列的公比为,其前项的积为,并且满足条件：；给出下列论:；值是中最大值；使成立的最大自然数等于198.其中正确的结论是（ ）ABCD4已知直线l的方程为2x+3y5，点P（a，b）在l上位于第一象限内的点，则的最小值为（ ）ABCD5设，且，则（）ABCD6同时具有性质：图象的相邻两条对称轴间的距离是；在上是增函数的一个函数为（ ）ABCD7样本中共有个个体，其值分别为、.若该样本的平均值为，则样本的方差为（ ）ABCD8已知数列的前项和为，且，则( )ABCD9数列为等比数列，若，数列的前项和为，则ABC7D3110以为圆心，且与两条直线，都相切的圆的标准方程为（
3、）ABCD二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11若函数是奇函数，其中，则_12已知直线：与圆交于，两点，过，分别作的垂线与轴交于，两点，若，则_13设O点在内部，且有，则的面积与的面积的比为 .14已知圆锥如图所示，底面半径为，母线长为，则此圆锥的外接球的表面积为_15函数的反函数为_.16在中，角所对的边分别为.若,，则角的大小为_.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17在正四棱柱中，底面边长为，侧棱长为.（1）求证：平面平面；（2）求直线与平面所成的角的正弦值；（3）设为截面内-点（不包括边界），求到面，面，面的距离平方和的最小
4、值.18已知向量，.（1）求函数的最小正周期及单调递减区间；（2）记的内角的对边分别为.若，求的值19李克强总理在2018年政府工作报告指出，要加快建设创新型国家，把握世界新一轮科技革命和产业变革大势，深入实施创新驱动发展战略，不断增强经济创新力和竞争力.某手机生产企业积极响应政府号召，大力研发新产品，争创世界名牌.为了对研发的一批最新款手机进行合理定价，将该款手机按事先拟定的价格进行试销，得到一组销售数据，如表所示：单价（千元）销量（百件）已知.（1）若变量具有线性相关关系，求产品销量（百件）关于试销单价（千元）的线性回归方程；（2）用（1）中所求的线性回归方程得到与对应的产品销量的估计值.
5、（参考公式：线性回归方程中的估计值分别为）20在中，内角，所对的边分别为，若.（1）求角的度数；（2）当时，求的取值范围21已知等差数列中，（1）求数列的通项公式；（2）求数列的前项和参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、A【解析】由题意知，再由，进而利用基本不等式求最小值即可.【详解】由题意，因为，所以，所以，当且仅当，即时，取等号.故选：A.【点睛】本题考查利用基本不等式求最值，考查学生的计算求解能力，属于基础题.2、B【解析】先画出满足约束条件的平面区域，然后求出目标函数取最大值时对应的最优解点的坐标，代入目标
6、函数即可求出答案【详解】满足约束条件的平面区域如下图所示：作直线把直线向上平移可得过点时最小当，时，取最大值 1，故答案为 1【点睛】本题考查的知识点是简单线性规划，其中画出满足约束条件的平面区域，找出目标函数的最优解点的坐标是解答本题的关键3、B【解析】利用等比数列的性质及等比数列的通项公式判断正确；利用等比数列的性质及不等式的性质判断错误；利用等比数列的性质判断错误；利用等比数列的性质判断正确，从而得出结论.【详解】解：由可得又即由，即,结合，所以，即，即，即正确；又，所以，即，即错误；因为，即值是中最大值，即错误； 由，即，即，又，即，即正确，综上可得正确的结论是，故选：B.【点睛】本题
7、考查了等比数列的性质及不等式的性质，重点考查了运算能力，属中档题.4、C【解析】由题意可得2a+3b5，a，b0，可得4a106b，（3b5），将所求式子化为b的关系式，由基本不等式可得所求最小值【详解】直线l的方程为2x+3y5，点P（a，b）在l上位于第一象限内的点，可得2a+3b5，a，b0，可得4a106b，（3b5），则（116b）+（9+6b）（）（7），当且仅当时，即b，a，上式取得最小值，故选：C【点评】本题考查基本不等式的运用：求最值，考查变形能力和化简运算能力，属于中档题5、B【解析】利用两角和差正切公式可求得；根据范围可求得；利用两角和差公式计算出；利用两角和差余弦公式计
8、算出结果.【详解】 ，又本题正确选项：【点睛】本题考查利用三角恒等变换中的两角和差的正余弦和正切公式求解三角函数值的问题，涉及到同角三角函数关系的应用；关键是能够熟练应用两角和差公式进行配凑，求得所需的三角函数值.6、C【解析】由得函数的最小正周期是，排除对于B: ，当时，此时B选项对应函数是减函数，C选项对应函数是增函数，满足，故选C7、D【解析】根据样本的平均数计算出的值，再利用方差公式计算出样本的方差.【详解】由题意可知，解得，因此，该样本的方差为，故选：D.【点睛】本题考查方差与平均数的计算，灵活利用平均数与方差公式进行求解是解本题的关键，考查运算求解能力，属于基础题.8、D【解析】通
9、过和关系，计算通项公式，再计算，代入数据得到答案.【详解】，取 ，两式相减得：是首项为4，公比为2的等比数列.故答案选D【点睛】本题考查了等比数列的通项公式，前N项和，意在考查学生的计算能力.9、A【解析】先求等比数列通项公式，再根据等比数列求和公式求结果.【详解】数列为等比数列，解得，数列的前项和为，故选【点睛】本题考查等比数列通项公式与求和公式，考查基本分析求解能力，属基础题.10、C【解析】由题意有，再求解即可.【详解】解：设圆的半径为，则，则，即圆的标准方程为，故选：C.【点睛】本题考查了点到直线的距离公式，重点考查了运算能力，属基础题.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分
10、。11、【解析】定义域上的奇函数，则【详解】函数是奇函数，所以,又，则所以填【点睛】定义域上的奇函数，我们可以直接搭建方程，若定义域中则不能直接代指.12、4【解析】由题，根据垂径定理求得圆心到直线的距离，可得m的值，既而求得CD的长可得答案.【详解】因为，且圆的半径为，所以圆心到直线的距离为，则由，解得，代入直线的方程，得，所以直线的倾斜角为，由平面几何知识知在梯形中，故答案为4【点睛】解决直线与圆的综合问题时，一方面，要注意运用解析几何的基本思想方法（即几何问题代数化），把它转化为代数问题；另一方面，由于直线与圆和平面几何联系得非常紧密，因此，准确地作出图形，并充分挖掘几何图形中所隐含的条
11、件，利用几何知识使问题较为简捷地得到解决13、3【解析】分别取AC、BC的中点D、E,即,是DE的一个三等分点,故答案为:3.14、【解析】根据圆锥的底面和外接球的截面性质可得外接球的球心在上，再根据勾股定理可得求的半径【详解】由圆锥的底面和外接球的截面性质可得外接球的球心在上，设球心为，球的半径为，则，圆，因为 , 所以，所以，则有.解得，则.【点睛】本题主要考查了几何体的外接球，关键是会找到球心求出半径，通常结合勾股定理求属于难题15、【解析】由得，即，把与互换即可得出【详解】由得所以把与互换，可得故答案为： 【点睛】本题考查的是反函数的求法，较简单.16、【解析】本题考查了三角恒等变换、
12、已知三角函数值求角以及正弦定理，考查了同学们解决三角形问题的能力由得，所以由正弦定理得，所以A=或（舍去）、三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）证明见解析；（2）（3）【解析】（1）利用在正方体的几何性质，得到，通过线面垂直和面面垂直的判定定理证明.（2）根据和平面平面，知是在平面上的射影，即为直线与平面所成的角，然后在中求解.（3）如图所示从向面，面，面引垂线，构成一个长方体，设到面，面，面的距离分别为x，y，z，即长方体体对角线长的平方，当且仅当平面时，最小，然后用等体积法求解.【详解】（1）如图所示：在正方体中且，所以平面 ，又因为
13、平面，所以平面平面.（2）因为，由（1）知平面平面，所以是在平面上的射影，所以即为直线与平面所成的角，在中，所以.（3）如图所示从向面，面，面引垂线，构成一个长方体，设到面，面，面的距离分别为x，y，z，即长方体体对角线长的平方，当且仅当平面时，最小，又因为，即，.【点睛】本题主要考查几何体中线面垂直，面面垂直的判定定理和线面角及距离问题，还考查了空间想象，抽象概括，推理论证的能力，属于中档题.18、（1）最小正周期为，单调递减区间为；（2）或【解析】（1）由向量的数量积的运算公式和三角恒等变换的公式化简可得，再结合三角函数的性质，即可求解（2）由（1），根据，解得，利用正弦定理，求得，再利用余弦定理列出方程，即可求解【详解】（1）由题意，向量，所以，因为，所以函数的最小正周期为，令，解得，所以函数的单调递减区间为（2）由（1）函数的解析式为，可得，解得，又由，根据正弦定理，可得，因为，所以，所以为锐角，所以，由余弦定理可得，可得，即，解得或【点睛】本题主要考查了向量的数量积的运算，三角恒等变换的应用，以及正弦定理和余弦定理的应用，其中利用正弦、余弦定理可以很好地解决三角形的边角关系，熟练掌握定理、合理运用是解本题的关键通常当涉及两边及其中一边的对角或两角及其中一角对边时，运用正弦定理求解；当涉及三边或两边及其夹角时，运用余弦定理求解
