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1、江苏省苏州市吴江汾湖中学2023-2024学年高一数学第二学期期末检测试题注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1已知点，为坐标原点，分别在线段上运动，则的周长的最小值为( )ABCD2为了得到函数的图像，只需把函数的图像（ ）A向右平移个单位长度，再把各点的横坐标伸长到原来的3倍；B向左平移个单位长度，再
2、把各点的横坐标伸长到原来的3倍；C向右平移个单位长度，再把各点的横坐标缩短到原来的倍；D向左平移个单位长度，再把各点的横坐标缩短到原来的倍3若，则（ ）ABC2D4中国古代数学著作算法统宗中有这样一个问题：“三百七十八里关，初行健步并不难，次日脚痛减一半，六朝才得至其关，欲问每朝行里数，请公仔细算相还”.其意思为：“有一个人走378里路，第1天健步行走，从第2天起，因脚痛每天走的路程为前一天的一半，走了6天后到达目的地，可求出此人每天走多少里路.”那么此人第5天走的路程为（ ）A48里B24里C12里D6里5已知直线与平行，则等于( )A或B或CD6已知向量，则与( ).A垂直B不垂直也不平行
3、C平行且同向D平行且反向7在中，且，则等于()ABCD8在的二面角内，放置一个半径为3的球，该球切二面角的两个半平面于A，B两点，那么这两个切点在球面上的最短距离为（ ）ABCD9若, ,则的终边所在的象限为( )A第一象限 B第二象限 C第三象限 D第四象限10点是空间直角坐标系中的一点，过点作平面的垂线，垂足为，则点的坐标为（ ）A（1，0，0）BCD二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11已知函数，若直线与函数的图象有四个不同的交点，则实数k的取值范围是_.12命题“，”是_命题（选填“真”或“假”）.13已知直线，圆O：上到直线的距离等于2的点有_个。14已知实数满足，则
4、的最小值为_15已知数列的前项和为，则_16展开式中，各项系数之和为，则展开式中的常数项为_三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17如图所示，经过村庄有两条夹角为的公路，根据规划要在两条公路之间的区域内修建一工厂，分别在两条公路边上建两个仓库（异于村庄），要求（单位：千米），记.（1）将用含的关系式表示出来；（2）如何设计（即为多长时），使得工厂产生的噪声对居民影响最小（即工厂与村庄的距离最大）？18如图，在三棱锥中，平面平面，点,分别为线段，的中点，点是线段的中点.求证：（1）平面；（2）.19精准扶贫是巩固温饱成果、加快脱贫致富、实现中华民族伟大
5、“中国梦”的重要保障.某地政府在对某乡镇企业实施精准扶贫的工作中，准备投入资金将当地农产品进行二次加工后进行推广促销，预计该批产品销售量万件（生产量与销售量相等）与推广促销费万元之间的函数关系为（其中推广促销费不能超过5千元）.已知加工此农产品还要投入成本万元（不包括推广促销费用），若加工后的每件成品的销售价格定为元/件.（1）试将该批产品的利润万元表示为推广促销费万元的函数；（利润=销售额-成本-推广促销费）（2）当推广促销费投入多少万元时，此批产品的利润最大？最大利润为多少？20已知向量（），向量，且.（）求向量； （）若，求.21求适合下列条件的直线方程：经过点，倾斜角等于直线的倾斜角的
6、倍；经过点，且与两坐标轴围成一个等腰直角三角形。参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、C【解析】分别求出设关于直线对称的点，关于对称的点，当共线时，的周长取得最小值，为，利用两点间的距离公式，求出答案.【详解】过两点的直线方程为设关于直线对称的点，则，解得即，同理可求关于对称的点，当共线时的周长取得最小值为.故选C【点睛】本题主要考查了点关于直线的对称性的简单应用，试题的技巧性较强，属于中档题.2、B【解析】根据函数yAsin（x+）的图象变换规律，得出结论【详解】把函数y2sinx，xR的图象上所有的点向左平移个单
7、位长度，可得函数y2sin（x）的图象，再把所得各点的横坐标伸长到原来的3倍（纵坐标不变），可得函数y2sin（），xR的图象，故选：B【点睛】本题主要考查函数yAsin（x+）的图象变换规律，属于中档题3、D【解析】将转化为，结合二倍角的正切公式即可求出.【详解】故选D【点睛】本题主要考查了二倍角的正切公式，关键是将转化为，利用二倍角的正切公式求出，属于基础题.4、C【解析】记每天走的路程里数为an，由题意知an是公比的等比数列，由S6=378，得=378，解得：a1=192，=12（里）故选C5、C【解析】由题意可知且，解得故选6、A【解析】通过计算两个向量的数量积，然后再判断两个向量能否
8、写成的形式，这样可以选出正确答案.【详解】因为，所以，而不存在实数，使成立，因此与不共线，故本题选A.【点睛】本题考查了两个平面向量垂直的判断，考查了平面向量共线的判断，考查了数学运算能力.7、A【解析】在ABC中，利用正弦定理与两角和的正弦化简已知可得，sin（A+C）sinB，结合ab，即可求得答案【详解】在ABC中，asinBcosC+csinBcosAb，由正弦定理得：sinAsinBcosC+sinCsinBcosAsinB，sinB0，sinAcosC+sinCcosA，sin（A+C），又A+B+C，sin（A+C）sin（B）sinB，又ab，B故选A【点睛】本题考查两角和与差
9、的正弦函数与正弦定理的应用，考查了大角对大边的性质，属于中档题8、A【解析】根据题意，作出截面图，计算弧长即可.【详解】根据题意，作出该球过球心且经过A、B的截面图如下所示：由题可知：则，故满足题意的最短距离为弧长BA，在该弧所在的扇形中，弧长.故选：A.【点睛】本题考查弧长的计算公式，二面角的定义，属综合基础题.9、B【解析】由一全正二正弦三正切四余弦可得的终边所在的象限为第二象限，故选B.考点：三角函数10、B【解析】根据空间直角坐标系的坐标关系,即可求得点的坐标.【详解】空间直角坐标系中点过点作平面的垂线,垂足为,可知故选:B【点睛】本题考查了空间直角坐标系及坐标关系,属于基础题.二、填
10、空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、 (0,1)【解析】画出函数f(x)在以及直线y=k的图象,数形结合可得k的取值范围.【详解】解:画出函数y=cosx+2|cosx|=,以及直线y=k的图象,如图所示;由f(x)的图象与直线y=k有且仅有四个不同的交点,可得0k1.故答案为:(0,1).【点睛】本题主要考查利用分段函数及三角函数的性质求参数，数形结合是解题的关键.12、真【解析】当时，成立，即命题“，”为真命题.13、3；【解析】根据圆心到直线的距离和半径之间的长度关系，可通过图形确定所求点的个数.【详解】由圆的方程可知，圆心坐标为，半径圆心到直线的距离：如上图所示，此时，则
11、到直线距离为的点有：，共个本题正确结果：【点睛】本题考查根据圆与直线的位置关系求解圆上点到直线距离为定值的点的个数，关键是能够根据圆心到直线的距离确定直线的大致位置，从而根据半径长度确定点的个数.14、【解析】实数满足表示点在直线上，可以看作点到原点的距离，最小值是原点到直线的距离，根据点到直线的距离公式求解.【详解】因为实数满足1所以表示直线上点到原点的距离，故的最小值为原点到直线的距离，即，故的最小值为1.【点睛】本题考查点到点，点到直线的距离公式，此题的关键在于的最小值所表示的几何意义的识别.15、【解析】先利用时，求出的值，再令，由得出，两式相减可求出数列的通项公式，再将的表达式代入，
12、可得出.【详解】当时，则有，；当时，由得出，上述两式相减得，得且，所以，数列是以为首项，以为公比的等比数列，则，那么，因此，故答案为.【点睛】本题考查等比数列前项和与通项之间的关系，同时也考查了等比数列求和，一般在涉及与的递推关系求通项时，常用作差法来求解，考查计算能力，属于中等题.16、【解析】令，则，即，因为的展开式的通项为，所以展开式中常数项为，即常数项为.点睛：本题考查二项式定理；求二项展开式的各项系数的和往往利用赋值法（常赋值为）,还要注意整体赋值，且要注意展开式各项系数和二项式系数的区别.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1），
13、；（2）.【解析】（1）根据正弦定理，得到，进而可求出结果；（2）由余弦定理，得到，结合题中数据，得到， 取最大值时，噪声对居民影响最小，即可得出结果.【详解】（1）因为，在中，由正弦定理可得：，所以，；（2）由题意，由余弦定理可得：，又由（1）可得，所以，当且仅当，即时，取得最大值，工厂产生的噪声对居民影响最小，此时.【点睛】本题主要考查正弦定理与余弦定理的应用，熟记正弦定理与余弦定理即可，属于常考题型.18、（1）见解析；（2）见解析【解析】（1）连AF交BE于Q，连QO，推导出Q是PAB的重心，从而FGQO，由此能证明FG平面EBO（2）推导出BOAC，从而BO面PAC，进而BOPA，再
14、求出OEPA，由此能证明PA平面EBO，利用线面垂直的性质可证PABE【详解】（1）连接AF交BE于Q，连接QO，因为E，F分别为边PA，PB的中点，所以Q为PAB的重心，可得：2，又因为O为线段AC的中点，G是线段CO的中点，所以2，于是，所以FGQO，因为FG平面EBO，QO平面EBO，所以FG平面EBO（2）因为O为边AC的中点，ABBC，所以BOAC，因为平面PAC平面ABC，平面PAC平面ABCAC，BO平面ABC，所以BO平面PAC，因为PA平面PAC，所以BOPA，因为点E，O分别为线段PA，AC的中点，所以EOPC，因为PAPC，所以PAEO，又BOOEO，BO，EO平面EBO，所以PA平面EBO，因为BE平面EBO，所以PABE【点睛】本题考查线面垂直、线面平行的证明，考查空间中
