《浙江省金丽衢十二校2024年数学高一下期末经典试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《浙江省金丽衢十二校2024年数学高一下期末经典试题含解析（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、浙江省金丽衢十二校2024年数学高一下期末经典试题请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1下列函数中，既是偶函数，又在上递增的函数的个数是（ ）.；向右平移后得到的函数.ABCD2阿波罗尼斯是古希腊著名的数学家，与欧几里得、阿基米德被称为亚历山大时期数学三巨匠，他对几何问题有深刻而系统的研究，阿波罗尼斯圆是他的研
2、究成果之一，指出的是：已知动点M与两定点A，B的距离之比为，那么点M的轨迹是一个圆，称之为阿波罗尼斯圆.请解答下面问题：已知，若直线上存在点M满足，则实数c的取值范围是（ ）ABCD3在等比数列中，若，则的值为（ ）ABCD4已知,三点,则的形状是( )A钝角三角形B直角三角形C锐角三角形D等腰直角三角形5如图，向量，则向量可以表示为（）ABCD6采用系统抽样方法从人中抽取32人做问卷调查，为此将他们随机编号为，分组后在第一组采用简单随机抽样的方法抽到的号码为.抽到的人中，编号落入区间的人做问卷，编号落入区间的人做问卷，其余的人做问卷.则抽到的人中，做问卷的人数为（ ）ABCD7已知之间的几组
3、数据如下表：123456021334假设根据上表数据所得线性回归直线方程为中的前两组数据和求得的直线方程为则以下结论正确的是（ ）ABCD8已知正四棱锥的侧棱长与底面边长都相等，是的中点，则所成的角的余弦值为（ ）ABCD9ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c已知，a=2，c=，则C=ABCD10已知数列的前项和满足.若对任意正整数都有恒成立，则实数的取值范围为（ ）ABCD二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11关于的不等式的解集是，则_12已知数列满足，则_13如图，为测量出高，选择和另一座山的山顶为测量观测点，从点测得点的仰角，点的仰角以及；从点测得已知山高，则山高
4、_14已知是等差数列，是它的前项和，且，则_.15某公司租地建仓库，每月土地占用费（万元）与仓库到车站的距离（公里）成反比.而每月库存货物的运费（万元）与仓库到车站的距离（公里）成正比.如果在距车站公里处建仓库，这两项费用和分别为万元和万元，由于地理位置原因.仓库距离车站不超过公里.那么要使这两项费用之和最小，最少的费用为_万元.16过抛物线的焦点F的直线交抛物线于A、B两点，则_.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17已知无穷数列，是公差分别为、的等差数列，记（），其中表示不超过的最大整数，即.（1）直接写出数列，的前4项，使得数列的前4项为：2
5、，3，4，5；（2）若，求数列的前项的和；（3）求证：数列为等差数列的必要非充分条件是.18如图半圆的直径为4，为直径延长线上一点，且，为半圆周上任一点，以为边作等边（、按顺时针方向排列）（1）若等边边长为，试写出关于的函数关系；（2）问为多少时，四边形的面积最大？这个最大面积为多少？19在等差数列中，其前项和为，等比数列的各项均为正数，且，.（1）求数列和的通项公式；（2）令，设数列的前项和为，求（）的最大值与最小值.20已知是递增数列，其前项和为，且，（）求数列的通项；（）是否存在使得成立？若存在，写出一组符合条件的的值；若不存在，请说明理由；（）设，若对于任意的，不等式恒成立，求正整数的
6、最大值21已知数列的前项和为，且满足（1）求数列的通项公式；（2）设，令，求参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、B【解析】将中的函数解析式化简，分析各函数的奇偶性及其在区间上的单调性，可得出结论.【详解】对于中的函数，该函数为偶函数，当时，该函数在区间上不单调；对于中的函数，该函数为偶函数，且在区间上单调递减；对于中的函数，该函数为偶函数，且在区间上单调递增；对于，将函数向右平移后得到的函数为，该函数为奇函数，且当时，则函数在区间上不单调.故选：B.【点睛】本题考查三角函数单调性与奇偶性的判断，同时也考查了三角函数
7、的相位变换，熟悉正弦、余弦和正切函数的基本性质是判断的关键，考查推理能力，属于中等题.2、B【解析】根据题意设点M的坐标为，利用两点间的距离公式可得到关于的一元二次方程，只需即可求解.【详解】点M在直线上，不妨设点M的坐标为，由直线上存在点M满足，则，整理可得，所以实数c的取值范围为.故选：B【点睛】本题考查了两点间的距离公式、一元二次不等式的解法，考查了学生分析问题解决问题的能力，属于中档题.3、B【解析】根据等比数列的性质：若，则.【详解】等比数列中，故选B.【点睛】本题考查等比数列的通项公式和性质，此题也可用通项公式求解.4、D【解析】计算三角形三边长度，通过边关系进行判断.【详解】由两
8、点之间的距离公式可得：，因为，且故该三角形为等腰直角三角形.故选：D.【点睛】本题考查两点之间的距离公式，属基础题.5、C【解析】利用平面向量加法和减法的运算，求得的线性表示.【详解】依题意，即，故选C.【点睛】本小题主要考查平面向量加法和减法的运算，属于基础题.6、C【解析】从960人中用系统抽样方法抽取32人，则抽样距为k，因为第一组号码为9，则第二组号码为913039，第n组号码为9(n1)3030n21，由45130n21750，得，所以n16,17，25，共有2516110(人)考点：系统抽样.7、C【解析】b2，a2，由公式求得，a8、C【解析】试题分析：设的交点为，连接，则为所成
9、的角或其补角；设正四棱锥的棱长为，则，所以，故C为正确答案考点：异面直线所成的角9、B【解析】试题分析：根据诱导公式和两角和的正弦公式以及正弦定理计算即可详解：sinB=sin（A+C）=sinAcosC+cosAsinC，sinB+sinA（sinCcosC）=0，sinAcosC+cosAsinC+sinAsinCsinAcosC=0，cosAsinC+sinAsinC=0，sinC0，cosA=sinA，tanA=1，A，A= ，由正弦定理可得，a=2，c=，sinC= ，ac，C=，故选B点睛：本题主要考查正弦定理及余弦定理的应用，属于难题.在解与三角形有关的问题时，正弦定理、余弦定理
10、是两个主要依据. 解三角形时，有时可用正弦定理，有时也可用余弦定理，应注意用哪一个定理更方便、简捷一般来说 ,当条件中同时出现 及 、 时，往往用余弦定理，而题设中如果边和正弦、余弦函数交叉出现时，往往运用正弦定理将边化为正弦函数再结合和、差、倍角的正余弦公式进行解答.10、C【解析】先利用求出数列的通项公式，于是可求出，再利用参变量分离法得到，利用数列的单调性求出数列的最小项的值，可得出实数的取值范围【详解】当时，即，得；当时，由，得，两式相减得，得，所以，数列为等比数列，且首项为，公比为，.，由，得，所以，数列单调递增，其最小项为，所以，因此，实数的取值范围是，故选C【点睛】本题考查利用数
11、列前项和求数列的通项，其关系式为，其次考查了数列不等式与参数的取值范围问题，一般利用参变量分离法转化为数列的最值问题来求解，考查化归与转化问题，属于中等题二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】利用二次不等式解集与二次方程根的关系，由二次不等式的解集得到二次方程的根，再利用根与系数的关系，得到和的值，得到答案.【详解】因为关于的不等式的解集是，所以关于的方程的解是，由根与系数的关系得，解得，所以.【点睛】本题考查二次不等式解集和二次方程根之间的关系，属于简单题.12、1023【解析】根据等比数列的定义以及前项和公式即可【详解】因为所以，所以为首先为1 公比为2的等比数列
12、，所以【点睛】本题主要考查了等比数列的前项和：属于基础题13、1【解析】试题分析：在中，,，在中，由正弦定理可得即解得,在中，故答案为1考点：正弦定理的应用14、【解析】根据等差数列的性质得，由此得解.【详解】解：由题意可知，；同理。故 .故答案为：【点睛】本题考查了等差数列的性质，属于基础题.15、8.2【解析】设仓库与车站距离为公里，可得出、关于的函数关系式，然后利用双勾函数的单调性求出的最小值.【详解】设仓库与车站距离为公里，由已知，.费用之和，求中，由双勾函数的单调性可知，函数在区间上单调递减，所以，当时，取得最小值万元，故答案为：.【点睛】本题考查利用双勾函数求最值，解题的关键就是根
13、据题意建立函数关系式，再利用基本不等式求最值时，若等号取不到时，可利用相应的双勾函数的单调性来求解，考查分析问题和解决问题的能力，属于中等题.16、【解析】讨论斜率不存在和斜率存在两种情况，分别计算得到答案.【详解】抛物线的焦点F为，当斜率不存在时，易知，故；当斜率存在时，设，故，即，故，.综上所述：.故答案为：.【点睛】本题考查了抛物线中线段长度问题，意在考查学生的计算能力和转化能力.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）的前4项为1，2，3，4，的前4项为1，1，1，1；（2）；（3）证明见解析【解析】（1）根据定义，选择，的前4项，尽
14、量选用整数计算方便；（2）分别考虑，的前项的规律，然后根据计算的运算规律计算；（3）根据必要不充分条件的推出情况去证明即可.【详解】（1）由的前4项为：2，3，4，5，选、的前项为正整数：的前4项为1，2，3，4，的前4项为1，1，1，1；（2）将的前项列举出：；将的前项列举出：；则；（3）充分性：取，此时，将的前项列举出：，将前项列出：，此时的前项为：，显然不是等差数列，充分性不满足；必要性：设，当为等差数列时，因为，所以 ，又因为，所以有：，且，所以；，不妨令，则有如下不等式：；当时，令，则当时，此时无解；当时，令，则当时，此时无解；所以必有：，故：必要性满足；综上：数列为等差数列的必要非充分条件是【点睛】
