《2023学年陕西省商洛高二物理第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023学年陕西省商洛高二物理第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析.doc（12页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题
2、目要求的。1、如图甲所示，单匝线圈两端A、B与一理想电压表相连，线圈内有一垂直纸面向里的磁场，线圈中的磁通量变化规律如图乙所示。下列说法正确的是( )A00.1s内磁通量的变化量为0.15WbB电压表读数为VCB端比A端的电势高D电压表“”接线柱接A端2、由欧姆定律I=导出U=IR和R=，下列叙述不正确的是（）A由R=知，导体的电阻由两端的电压和通过的电流决定B导体的电阻由导体本身的物理条件决定，跟导体两端的电压及流过导体的电流大小无关C对确定的导体，其两端电压和流过它的电流的比值就是它的电阻值D一定的电流流过导体，电阻越大，其电压降越大3、关于电势差和电场力做功的说法中，正确的是 ( )A电
3、势差是矢量，电场力做的功是标量B在两点间移动电荷，电场力不做功，则两点间的电势差为零C在两点间被移动的电荷的电荷量越少，则两点间的电势差越大D在两点间移动电荷时，电场力做正功，则两点间的电势差大于零4、如图所示的匀强电场中，一个电荷量为q的正点电荷，沿电场线方向从A点运动到B点，A、B两点间的距离为d.在此过程中电场力对电荷所做的功为W，则A点的电场强度的大小为ABqWdCD5、一只小猫先后趴在甲、乙两个倾角不同的房顶上，如图所示。设小猫受甲房顶的弹力和摩擦力分别为FN1、Ff1，小猫受乙房顶的弹力和摩擦力分别为FN2、Ff2。下列选项正确的是（ ）AFf1Ff2 BFf1Ff2 CFN1FN
4、2 DFN1FN26、质量为m的物块，带正电Q，开始时让它静止在倾角的固定光滑绝缘斜面顶端，整个装置放在水平方向、大小为的匀强电场，如图所示，斜面高为H，释放物体后，物块落地的速度大小为ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路，闭合开关后，滑动变阻器的滑片P向右滑动，则（ ）A电流表示数变大B电流表示示数不变C电压表示数变大D电压表示数变小8、如图为表演杂技“飞车走壁”的示意图演员骑摩托车在一个圆台形结构的内壁上飞驰，做匀速圆周运动图中a、b两个虚线
5、圆表示同一位演员骑同一辆摩托，在离地面不同高度处进行表演的运动轨迹不考虑车轮受到的侧向摩擦力，下列说法中正确的是A在a轨道上运动时线速度较大B在a轨道上运动时角速度较大C在a、b两个轨道上运动时摩托车对侧壁的压力相等D在a轨道上运动时摩托车和运动员所受的向心力较大9、如图所示电路中，电源电动势为E，电源内阻为r，串联的固定电阻为，滑动变阻器的总电阻为，电阻大小关系为，则在滑动触头从a端移动到b端的过程中，下列描述正确的是A固定电阻上消耗的功率先减小后增大B电源的输出功率先减小后增大C电源的输出功先增大后减小D滑动变阻器上消耗的功率先减小后增大10、在如图所示的电路中，灯L1、L2的电阻分别为R
6、1、R2，滑动变阻器的最大阻值为R0，若有电流通过，灯就发光，假设灯的电阻不变，当滑动变阻器的滑片P由a端向b端移动时，灯L1、L2的亮度变化情况是()A当时，灯L1变暗，灯L2变亮B当时，灯L1先变暗后变亮，灯L2先变亮后变暗C当时，灯L1先变暗后变亮，灯L2不断变暗D当时，灯L1先变暗后变亮，灯L2不断变亮三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）图（甲）是用一主尺最小分度为1mm，游标上有20个分度的卡尺测量一工件的长度，结果如图所示可以读出此工件的长度为_cm图（乙）是用螺旋测微器测量某一圆筒内径时的示数，此读数应为_mm 12
7、（12分）某同学利用打点计时器和气垫导轨做验证动量守恒定律的实验气垫导轨装置如图甲所示，所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架等组成在空腔导轨的两个工作面上均匀分布着一定数量的小孔，向导轨空腔内不断通入的压缩空气会从小孔中喷出，使滑块稳定地漂浮在导轨上，这样就大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差 （1）下面是实验的主要步骤：安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；向气垫导轨通入压缩空气；把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧，将纸带穿过打点计时器并固定在滑块1的左端，调节打点计时器的高度，直至滑块拖着纸带移动时，纸带始终在水平方向；使滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮
8、绳；把滑块2放在气垫导轨的中间；先_（选填“接通电源再释放滑块1”或“释放滑块1再接通电源”），让滑块带动纸带一起运动；取下纸带，重复步骤，选出理想的纸带如图乙所示；测得滑块1（包括撞针）的质量310 g，滑块2（包括橡皮泥）的质量为210 g （2）纸带的_（选填“左”或“右”）侧和滑块1相连（3）已知打点计时器每隔0.02 s打一个点，计算可知两滑块相互作用以前系统的总动量为_kgm/s；两滑块相互作用以后系统的总动量为_kgm/s（结果均保留三位有效数字）（4）试说明（3）中两结果不完全相等的主要原因可能是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要
9、的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在匀强电场中的M、N两点距离为2 cm，两点间的电势差为5 V， M、N连线与场强方向成60角，则此时：(1)电场的电场强度多大？(2)将二价负离子由M点移到N点电场力对电荷做了多少功？（二价负离子电量q21.610-19C）14（16分）如图所示，在空间中取直角坐标系xOy，在第一象限内平行于y轴的虚线MN与y轴距离为d4cm，从y轴到MN之间的区域充满一个沿y轴正方向的匀强电场，场强大小为E375V/m。初速度可以忽略的带负电的粒子经过另一个电势差为U10V的电场加速后，从y轴上的A点以平行于x轴的方向射入第一象限区域，OA的距离h4.
10、5cm。已知带电粒子的比荷为0.8C/kg，带电粒子的重力忽略不计，求：(1)带电粒子从A点进入电场到离开该电场区域所经历的时间t和离开电场区域时的速率v；(2)带电粒子经过x轴时离坐标原点O的距离l。15（12分）如图甲所示，MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成300角固定，M、P之间接电阻箱R，导轨所在空间存在匀强磁场，磁场方向垂直于轨道平面向上，磁感应强度为2.5T，质量为m的金属杆ab水平放置在轨道上，且与轨道垂直，金属杆ab接入电路的电阻值为r，现从静止释放杆ab，测得最大速度为vm，改变电阻箱的阻值R，得到vm与R的关系如图乙所示，已知轨道间距为，重力加速度g取，轨道足够长且
11、电阻不计。（1）当时，求杆ab匀速下滑时产生感应电动势E的大小，并判断杆中的电流方向；（2）求解金属杆的质量m和阻值r；（3）当时，从静止释放ab杆，在ab杆加速运动的过程中，回路瞬时电动率每增加1W时，合外力对杆做功多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A.00.1s内磁通量的变化量为0.05Wb，故A错误B.感应电动势，故B错误C.根据楞次定律判断B端比A端的电势低，故C错误D. B端比A端的电势低，电压表“”接线柱接A端，故D正确故选D2、A【解析】AB. R=是电阻的比值定义式，所以电阻与两端
12、的电压和通过的电流无关，由导体本身的物理条件决定，故A错误，符合题意；B正确，不符合题意。C.根据R=可知，对确定的导体，其两端电压和流过它的电流的比值就是它的电阻值，故C正确，不符合题意。D. U=IR可知一定的电流流过导体，电阻越大，其电压降越大，故D正确，不符合题意。3、B【解析】电场线与等势面垂直。沿电场线的方向，电势降低。电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加。【详解】A项，电势差有正负，但是符号不代表方向，是标量。电场力做的功是标量，故A项错误。B项，由电场力做功的表达式 ，电场力不做功，故两点间电势差为零，故B项正确。C项，两点间的电势差与移动的电荷无关，由电场决定，
13、故C项错误。D项，根据可知，电场力做正功时，两点间电势差取决于所带电荷种类，若为负电荷，则电势差小于零，故D项错误。综上所述，本题正确答案为B。4、C【解析】电场力做功W=Fd=qEd，得： 故选C5、A【解析】小猫受重力、支持力和静摩擦力，设房顶与水平方向的夹角为，根据平衡条件，有：FN=mgcos，Ff=mgsin，图甲中房顶与水平方向的夹角为较小，故支持力较大，静摩擦力较小，即Ff1Ff2，FN1FN2，故A正确，BCD错误。6、C【解析】对物体受力分析：竖直向下的重力mg，水平向左的电场力，此二力合力为2mg与水平方向成30，与斜面不接触（所以不受斜面对它的弹力）根据几何关系：斜面的长
14、度为对物块在斜面上动能定理：推出v=二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AB当滑动变阻器的滑片P向右滑动，总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知总电流增加，即电流表示数变大，选项A正确，B错误；CD根据U=E-Ir可知路端电压减小，即电压表示数减小，选项C错误，D正确。8、AC【解析】任选一摩托车作为研究对象，根据匀速圆周运动的合力提供向心力的特点，分析受力情况，作出力图，根据牛顿第二定律得到角速度、线速度与半径的关系，可比较它们的大小根据力图，比较侧壁对摩托车的支持力和向心力的大小【详解】A、B项：以任摩托车为研究对象，作出力图，如图：设侧壁与竖直方向的夹角为，则根据牛顿第二定律，得mgcot=m2r，得到，相同，r大，则小，故在a轨道上运动时角速度较小，解得：，r大，则v大，则在a轨道上运动时线速度较大，故A正确，B错误；C项：设侧壁对车的支持力为FN，则由图得到：，故FN的大小一样，故C正确；D项：向心力Fn=mgcot，故向心力Fn的大小相等，故D错误故应选：AC【点睛】本题是圆维摆类型，支持力和重力的合力提供物体的向心力对于几个相似情况的比较，往往以任意情况情况为例
