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1、恒定电流J1 部分电路及其规律J2 闭合电路的欧姆定律1. A、B两块正对的金属板竖直放置，在金属板A的内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球（可视为点电荷）。两块金属板接在如图所示的电路中，电路中的R1为光敏电阻（其阻值随所受光照强度的增大而减小），R2为滑动变阻器，R3为定值电阻。当R2的滑片P在中间时闭合电键S，此时电流表和电压表的示数分别为I和U，带电小球静止时绝缘细线与金属板A的夹角为。电源电动势E和内阻r一定，下列说法中正确的是（ ）A若将R2的滑动触头P向a端移动，则变小B若将R2的滑动触头P向b端移动，则I减小，U减小C保持滑动触头P不动，用较强的光照射R1，则小球重新达到
2、稳定后变小D保持滑动触头P不动，用较强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变【知识点】电容；闭合电路的欧姆定律【答案解析】CD J3 电路综合问题1. 硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点如图所示，图线a是该电池在某光照强度下路端电压U和电流I的关系图象（电池内阻不是常数），图线b是某电阻R的U-I图象当它们组成闭合回路时，硅光电池的内阻可表示为（）RL1SE rL2A B. C. D. 【知识点】新材料硅光电池的UI图线识图：闭合电路欧姆定律，部分电路欧姆定律，电阻（内电阻、外电阻）【答案解析】B2. 如图所示电路中， L1、L2为两只相同灯泡，R为光敏电阻，当
3、光照强度逐渐增强的过程中，下列判断正确的是（ ）AL1、L2两灯均逐渐变暗 BL1灯逐渐变暗，L2灯逐渐变亮C电源内电路消耗功率逐渐增大 D光敏电阻R和灯泡L1消耗的总功率逐渐增大【知识点】电路的动态分析；欧姆定律的应用【答案解析】BCJ4 实验：描绘小电珠的伏安特性曲线（2014江西重点中学协作体第二次联考）1. 二极管是一种半导体元件，电路符号为，其特点是具有单向导电性某实验小组要对一只二极管正向接入电路时的伏安特性曲线进行测绘探究据了解，该二极管允许通过的最大电流为50 mA.（1）该二极管外壳的标识模糊了，同学们首先用多用电表的欧姆档来判断它的正负极：当红表笔接触二极管的左端、黑表笔接
4、触二极管的右端时，发现指针的偏角比较小，当交换表笔再次测量时，发现指针有很大偏转，由此可判断_ （填“左”或“右”）端为二极管的正极（2）实验探究中他们可选器材如下：A直流电源（电动势3 V，内阻不计） B滑动变阻器（020 ）C电压表（量程15 V、内阻约80 k） D电压表（量程3 V、内阻约50 k）E电流表（量程0.6 A、内阻约1 ） F电流表（量程50 mA、内阻约50 ）G待测二极管 H导线、开关为了提高测量精度，电压表应选用_，电流表应选用_（填序号字母）（3）实验中测量数据如下表，请在如图所示的坐标纸上画出该二极管的伏安特性曲线.电流I/mA000.21.83.98.614.
5、021.833.550.0电压U/V00.500.751.001.251.501.752.002.252.50（4）同学们将该二极管与阻值为10 的定值电阻串联后接到电压恒为3 V的电源两端，则二极管导通时定值电阻的功率为_ W.【知识点】描绘小电珠的伏安特性曲线【答案解析】（1）左；（2）D、F；（3）如下图；（4）0.022解析：（1）由于黑表笔接电源的正极，则由题意可知，黑表笔接左侧时电流较大，说明二极管左侧为二极管的正极；（2）因电源电压为3V，为了安全和准确电压表应选择D；由表中数据可知，电流最大为50mA，则电流表应选择F；（3）如图建立直角坐标系，采用描点作图，图象与下；（4）将
6、10定值电阻等效为电源内阻；在图中作出电源的伏安特性曲线，如右图；则两曲线的交点为二极管工作点，则由图象可知，二极管的工作电压约为1.7V；电流约为13mA； 则功率P=UI=0.022W；（0.020-0.028均可）【思路点拨】（1）二极管具有单向导电性，根据接通万用表后的电流大小可以判断二有管的正负极；（2）根据给定的电源的电压可以选择电压表；根据表中给出的数据可以选择电流表；（3）在坐标轴中选择合适的坐标，采用描点法作图，注意用平滑的曲线将各点相连；（4）将10的定值电阻视为电源内阻，则画出电源的伏安特性曲线，两图象的交点为二极管的工作点，则由图可得出电流和电压，从而求出功率（2014
7、山东日照一中二模）2. 某实验小组的同学在学校实验室中发现一电学元件，该电学元件上标有“最大电流不超过6mA，最大电压不超过7V”，同学们想通过实验描绘出该电学元件的伏安特性曲线，他们设计的一部分电路如图所示，图中定值电阻，用于限流；电流表量程为10mA，内阻约为5；电压表（未画出）量程为10V，内阻约为；电源电动势E为12V，内阻不计。（1）实验时有两个滑动变阻器可供选择：A阻值0，额定电流03AB阻值0，额定电流05A应选的滑动变阻器是_（填“A”或“B”）。正确接线后，测得数据如下表：（2）由以上数据分析可知，电压表应并联在M与_之间（填“O” 或“P”）；（3）将电路图在答题卡的虚线框
8、中补充完整；（4）从表中数据可知，该电学元件的电阻特点是：_。VNMA待测元件RPO【知识点】 描绘小电珠的伏安特性曲线【答案解析】（1）A （2）P （3）如图所示 （4）当元件两端的电压小于6V时，元件电阻非常大，不导电；当元件两端电压大于6V时，随着电压的升高而电阻变小 解析：（1）滑动变阻器A允许的最大电压为0.3200=60V12V，滑动变阻器B两端所能加的最大电压为0.520=10V12V，为保证安全，滑动变阻器应选A（2）由表中实验数据可知，电学元件电阻最小测量值约为：R=1163.6，电流表内阻约为5，电压表内阻约为10k，相对来说，元件电阻远大于电流表内阻，电流表应采用内接法
9、，因此电压表应并联在M与P之间（3）描绘伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，由（2）可知，电流表采用内接法，实验电路图如图所示：（4）由表中实验数据可知，当元件两端的电压小于6V时，电路电流很小，几乎为零，由欧姆定律可知，元件电阻非常大，不导电；当元件两端电压大于6V时，随着电压的升高电流迅速增大，电压与电流的比值减小，电阻变小；【思路点拨】（1）根据滑动变阻器的额定电压分析答题（2）根据待测元件电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后答题（3）从表格中数据看，电学元件两端的电压先增大，然后趋于稳定（4）根据表中实验数据应用欧姆定律分析答题本题考查了实验器材选择
10、、实验实验电路设计、实验数据分析等问题，确定滑动变阻器与电流表的接法是正确设计实验电路的关键；要掌握握器材选取的方法：精确、安全J5 实验：测定金属的电阻率（2014福建漳州八校第四次联考）1. 某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数值依次是_、_、_。已知实验中所用的滑动变阻器阻值范围为010，电流表内阻约几欧，电压表内阻约20k。电源为干电池（不宜在长时间、大功率状况下使用），电动势E = 4.5V，内阻很小。则以下电路图中_（填电路图下方的字母代号）电路为本次实验应当采用的最佳电路。但用此最佳电路测量的结果仍然会
11、比真实值偏_。若已知实验所用的电流表内阻的准确值，那么准确测量金属丝电阻的最佳电路应是上图中的_电路（填电路图下的字母代号）。此时测得电流为I、电压为U，则金属丝电阻_（ 用题中字母代号表示）。【知识点】测定金属的电阻率【答案解析】0.9960.999mm、0.42A、2.252.28V 。A， 小 ，B ， 或 解析：螺旋测微器先读固定部分为0.5mm，；螺旋测微器读数为L=0.5mm+49.80.01mm=0.998mm、电流表量程为0.6A，则最小刻度为0.02；指针所示为0.42A；电流表量程为3V，最小刻度为0.1V，则读数为2.25V；因电源不能在大功率下长时间运行，则本实验应采用
12、限流接法；同时电压表内阻较大，由以上读数可知，待测电阻的内阻约为5，故采用电流表外接法误差较小，故选A；在实验中电压表示数准确，但电流测量的是干路电流，故电流表示数偏大，则由欧姆定律得出的结果偏小；因已知电流表准确值，则可以利用电流表内接法准确求出待测电阻；故应选B电路；待测电阻及电流表总电阻R=，则待测电阻RX=R-RA=2.0【思路点拨】（1）根据各种仪器的原理及读数方法进行读数，注意估读；（2）由给出的数据选择滑动变阻器的接法，由各仪器的内阻选择电流表的接法，并能通过误差原理分析误差；求出待测电阻的阻值对于电学实验一定不要单纯靠记忆去解决问题，一定要在理解的基础之上，灵活运用欧姆定律及串
13、并联的相关知识求解（2014广东惠州一中第一次调研）2. 要测一段阻值大约为5的均匀金属丝的电阻率除米尺、螺旋测微器、电源E（电动势3V，内阻约0.5）、最大阻值为20的滑动变阻器R、开关一只、导线若干外，电流表和电压表各两只供选择：Al（量程lA，内阻约1），A2（量程0.6A，内阻约2），Vl（量程3.0V，内阻约1000），V2（量程15V，内阻约3000）用螺旋测微器测金属丝的直径d，如图1所示，则d=_mm为了使测量有尽可能高的精度，电流表应选_，电压表应选_实验电路已经画出了一部分，如图2所示，但尚未完整，请将该电路完整地连接好（Rx表示待测金属丝）若用米尺测得金属丝的长度为L，用
14、螺旋测微器测得金属丝直径为d，电流表的读数为I，电压表读数为U，则该金属丝的电阻率：=_ 【知识点】 测定金属的电阻率【答案解析】 0.850（3分）电流表选择A2，电压表选择V1根据实验原理得出实验原理图如右 解析：（1）螺旋测微器的固定部分读数为：0.5mm，可动部分读数为：35.00.01mm=0.350mm，故最后读数为：0.5mm+0.350mm=0.850mm故答案为：0.850（2）为零测量准确，电压表和电流表的指针偏转要尽量大些，因此电流表选择A2，电压表选择V1故答案为：A2，V1（3）根据实验原理得出实验原理图为：（4）根据欧姆定律得：R根据电阻定律得： 故有：= 【思路点拨】（1）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；（2）选择电表时，要做指针偏转要大一些，在其中间刻度的三分之一范围内比较准确；（3）由于待测电阻较小，因此电流表采用外接法，根据图2可知，滑动变阻器采用分压接法，由此可正确画出电路图；（4）根据欧姆定律求出金属丝电阻，有电阻定律可以求出电阻率的表达式
