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1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡
2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、有一个电流表G，内阻Rg30，满偏电流Ig1mA。要把它改装为量程00.6A的电流表，则A需要串联略大于0.05的电阻B需要并联略小于0.05的电阻C改装之后的电流表内阻为30.05D改装之后的电流表内阻为0.052、如图所示，磁场B垂直纸面向内。若将匀强磁场中的一段通电导线在纸平面内转过角，则它受到的磁场力的大小将A增大B减小C不变D条件不足，无法确定3、A、B两艘快艇在湖面上做匀速圆周运动，在相同时间内，它们通过的路程之比是4：3，运动方向改变的角度之比是3：2，则它们A线
3、速度大小之比为3：4B角速度大小之比为1：1C圆周运动的半径之比为2：1D向心加速度大小之比为2：14、在利用丝绸摩擦玻璃棒使玻璃棒带电的实验中，如果丝绸和玻璃棒原来均不带电，则通过摩擦后（）A丝绸的带电量等于玻璃棒的带电量B丝绸的带电量大于玻璃棒的带电量C丝绸的带电量小于玻璃棒的带电量D无法确定5、一个初动能为6J的物体，受到大小为2N的合外力，且物体沿合外力的方向运动了5m，则物体的末动能是A10JB11JC16JD20J6、如图所示,半径为r的圆形空间内,存在着垂直于纸面向里的匀强磁场,一个带电粒子(不计重力)从A点以速度20垂直于磁场方向射入磁场中,并从B点射出.若AOB=120,则该
4、带电粒子在磁场中运动的时间为（ ）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是( )A该元件是非线性元件，不能用欧姆定律计算导体在某状态下的电阻B加5V电压时，导体的电阻约0.2C加12V电压时，导体的电阻约是8D由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断增大8、如右图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是A这个电场可能是单独某个负点电荷产生的电场B电势，场强C将+q电荷分别放在A、B两点时的加速度D
5、将+q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能9、如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象当t0时，在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是()A带电粒子将始终向同一个方向运动B2 s末带电粒子离出发点最远C3 s末带电粒子的速度为零D03 s内，电场力做的总功为零10、如图所示，金属板带电量为Q，质量为m的金属小球带电量为q，当小球静止后，悬挂小球的绝缘细线与竖直方向间的夹角为，小球与金属板中心O恰好在同一条水平线上，且距离为L.下列说法正确的是()AQ在小球处产生的场强为E1BQ在小球处产生的场强为Cq在O点产生的场强为E2Dq在O点产生的
6、场强为E2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学验证物体质量一定时加速度与合力的关系，实验装置如图所示主要思路是，通过改变悬挂小钩码的质量，改变小车所受拉力，并测得小车的加速度将每组数据在坐标纸上描点、画线，观察图线特点（1）实验中为使小钩码的重力近似等于小车所受拉力，则钩码的质量m和小车质量M应该满足的关系为：_（2）如图所示为本实验中得到的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T，测量其中x1、x2、x3、x4、x5、x1为了尽量减小误差，则用T、x1、x2x1表示小车加速度大小a=_（3）经过1次实验，获得了1组对
7、应的小车所受合力F、小车加速度a的数据，在坐标纸上描点、画线，得到如图所示的a-F图线发现图线不过原点，经排查发现：并非人为的偶然误差所致，那么，你认为出现这种结果的原因可能是：_学习牛顿第二定律后，你认为，图中图线的斜率表示_12（12分）图中，游标卡尺示数是_cm，螺旋测微器示数是_mm，四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，固定的光滑金属导轨间距为L，导轨电阻不计，上端a、b间接有阻值为R的电阻，导轨平面与水平面的夹角为，且处在磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中质量为m、电
8、阻为r的导体棒与固定弹簧相连后放在导轨上初始时刻，弹簧恰处于自然长度，导体棒具有沿轨道向上的初速度v1整个运动过程中导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触已知弹簧的劲度系数为k，弹簧的中心轴线与导轨平行（1）求初始时刻通过电阻R的电流I的大小和方向；（2）当导体棒第一次回到初始位置时，速度变为v，求此时导体棒的加速度大小a；（3）导体棒最终静止时弹簧的弹性势能为Ep，求导体棒从开始运动直到停止的过程中，电阻R上产生的焦耳热Q14（16分）利用电场、磁场可以控制带电粒子的运动。 如图所示，在平面直角坐标系xOy中，有一个半径为r的圆形区域，其圆心坐标为 (r，0)。在这个区域内存在磁感应强度大小为B
9、、方向垂直于xOy平面向外的匀强磁场。 在直线y = - r的下方，有水平向左的匀强电场，电场强度的大小为E。 一质子从O点沿x轴正方向射入磁场，在磁场中做半径为r的匀速圆周运动。已知质子的质量为m，电荷量为+q，不计质子的重力。求：（1）运动轨迹由哪两个图形构成；（2）质子在磁场中运动时速度的大小；（3）质子离开磁场后经多长时间到达y轴；（4）质子运动到y轴时距O点的距离L。15（12分）如图所示，BCDG是光滑绝缘的圆形轨道，位于竖直平面内，轨道半径为R，下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接整个轨道处在水平向左的匀强电场中现有一质量为m、带正电的小滑块（可视为质点）置于水平轨道上，滑块受到的电
10、场力大小为0.75mg，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g（1）若滑块从水平轨道上距离B点s=3R的A点由静止释放，滑块到达与圆心O等高的C点时速度为多大？（2）在（1）的情况下，求滑块到达C点时受到轨道的作用力大小；（3）改变s的大小，滑块恰好始终沿轨道滑行，且从G点飞出轨道，求滑块在圆轨道上滑行过程中的最小速度大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A、B、把电流表改装成00.6A的电流表，需要并联一个分流电阻，并联电阻阻值为；故A,B错误.C、D、改装后电流表内阻为：；故C错误，D
11、正确.故选D.【点睛】本题考查了电流表的改装，知道电表的改装原理、应用并联的特点与欧姆定律即可正确解题2、C【解析】开始时，直导线与磁场垂直，所受的安培力等于BIL，当通电导线在纸平面内转过角时，直导线仍与磁场垂直，则安培力仍为BIL；A增大，与结论不相符，选项A错误；B减小，与结论不相符，选项B错误；C不变，与结论相符，选项C正确；D条件不足，无法确定，与结论不相符，选项D错误；故选C.3、D【解析】A时间相同情况下，路程之比为，则线速度之比为，故A错误.B时间相同情况下，角度改变之比为，则角速度之比为，故B错误.C根据：可知半径之比为，故C错误.D由向心加速度公式：可知向心加速度之比为，故
12、D正确.故选D.4、A【解析】玻璃棒对电子的束缚能力弱，摩擦后，电子容易从玻璃棒转移到丝绸上，所以玻璃棒带正电，丝绸带负电根据电荷守恒定律得丝绸的带电量等于玻璃棒的带电量故A正确，BCD错误；故选A点睛：不同的物质原子核束缚电子的本领不同，摩擦过程中有得失电子的现象，如果是同种物质组成的物体，原子核束缚电子的本领相同，摩擦时不会有得失电子现象，不会发生摩擦起电5、C【解析】由功的公式可求得合外力做的功，由动能定理可求得末动能；【详解】合外力做的功为：；由动能定理可知：；则物体的末动能为：，故选项C正确，ABD错误【点睛】本题考查动能定理的直接应用，要明确动能定理的应用步骤，解题时要注意分析合外
13、力做功的正负6、C【解析】由图可知，粒子转过的圆心角为60，R=r； 转过的弧长为； 则运动所用时间，故选C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】A该元件是非线性元件，但在某一状态时能用欧姆定律计算导体在某状态的电阻，故A错误；B由图可知加5V电压时，电流为1.0A，则由欧姆定律可知：故B错误；C. 由图可知加12V电压时，电流为1.5A，则由欧姆定律可知：故C正确；D由图知，随着电压的增大，图象上的点与原点连线的斜率减小，此斜率等于电阻的倒数，则知导体的电
14、阻不断增大，故D正确。故选CD。8、BD【解析】A、单独负电荷产生的电场是直线不是弯曲的电场线，故A错误B、沿电场线电势降低，所以，电场线疏密代表了电场强度的大小，所以，故B正确；C、由于，所以将+q电荷分别放在A、B两点时的加速度 ，故C错误；D、由于，所以将+q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能，故D正确；综上所述本题答案是：BD9、CD【解析】由图象可知，电场强度的大小与方向的变化，当带电粒子由静止释放仅在电场力作用下，根据运动与力的关系可确定运动情况。【详解】由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为，第2s内加速度因此先加速1s再减小0.5s时速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v-t图象如图所示：A项：带电粒子在前1秒匀加速运动，在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故A错误；B项：根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，在t=2s时，带电粒子离出发点不是最远，故B错误；C项：由图可知，粒子在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，3s末的瞬时速度刚减到0，故C正确；D项：因为第3s末粒子的速度刚好减为0，根据动能定理知粒子只受电场力作用，前3s内动能变化为0，即电场力做的总功为零。故D正确。故应选CD。【点睛】本题带电粒子在周期性变化的电场中运动，关键之处是电场强度大小不一，导致加速度不一，所以失去对称性若
