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1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于做匀速圆周运动物体的线速度、角速度、加速度、周期之间的关系，下列说法正确的是A角速度大的半径一定小B角速度大的周期一定小C线速度大的周期一定小D加速度大的角速
2、度一定大2、如图所示，物块的质量为m，在恒力F的作用下，紧靠在天花板上保持静止，若物体与天花板间的动摩擦因数为，则A物体可能受到3个力作用B天花板对物体摩擦力的大小一定为Fcos C天花板对物体摩擦力的大小一定为Fsin D物块对天花板的压力大小为Fsin 3、如图所示，a、b、c三个相同的小球，a从光滑斜面顶端由静止开始自由下滑，同时b、c从同一高度分别开始自由下落和平抛。下列说法正确的有（ ）A它们同时到达同一水平面B它们的加速度相同C到达地面的速度相同Da球到达地面所用的时间最长4、如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面若鱼缸和桌布、桌布和桌面之间的动摩擦因数
3、均相等，则在上述过程中（ ）A若猫减小拉力，鱼缸不会滑出桌面B鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等C若猫增大拉力，鱼缸受到的加速度将增大D桌布对鱼缸摩擦力的方向向左5、某星球与地球的质量比为a，半径比为b，则该行星表面与地球表面的重力加速度之比为( )Aa/bBab2Ca/b2Dab6、行星绕恒星运动时，其运动周期T的平方与运动轨道半径R的三次方之比为常数，即T2/R3=k,则k的大小决定于（ ）A行星质量B恒星质量C与行星和恒星的质量都有关D与恒星的质量及行星的速率有关二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分
4、，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在光滑的水平面上，质量分别为 m1和m2的木块A和B之间用轻弹簧相连，在拉力F的作用下，以加速度a做匀加速直线运动，某时刻突然撤去拉力F，此瞬时A和B的加速度a1和a2，则（ ）ABCD8、汽车从静止开始沿平直轨道做匀加速运动，所受阻力始终不变，在此过程中，下列说法正确的是A汽车牵引力保持不变B汽车牵引力逐渐增大C发动机输出功率不变D发动机输出功率逐渐增大9、质量为 m 的子弹以初速度 水平射入一静止在光滑水平面上，质量为 M 的木块中，但并未穿透，则下述说法正确的是A木块对子弹做功等于子弹动能的增量B子弹克服阻力 f 做的功等于系统增加的内能C子弹克
5、服阻力 f 做的功等于 f 的反作用力对木块做的功D子弹损失的机械能等于木块获得的动能和系统损失的机械能之和10、如图所示，O处为地心，卫星1环绕地球做匀速四周运动，卫星2环绕地球运行的轨道为椭圆，两轨道不在同一平面内已知圆轨道的直径等于椭圆轨道的长轴，且地球位于椭圆轨道的一个焦点上，引力常量为G，地球的质量为M，卫星1的轨道半径为R，OQ=1.5R下列说法正确的是A卫星1的运行周期大于卫星2的运行周期B卫星2在 P、Q点的速度大小关系为C卫星2在Q 点的速度D如果卫星1的加速度为a，卫星2在P点的加速度为a p ，则 aap三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，
6、不要求写出演算过程。11（6分）在“验证牛顿第二定律”的实验中，实验装置如图甲所示.有一位同学通过实验测量作出了图乙中的A图线，另一位同学实验测出了如图丙中的B图线. 试分析：（1）A图线不通过坐标原点的原因是_；（2）A图线上部弯曲的原因是_；（3）B图线在纵轴上有截距的原因是_.12（12分）未来在一个未知星球上用如图甲所示装置研究平抛运动的规律。悬点O正下方P点处有水平放置的炽热电热丝，当悬线摆至电热丝处时能轻易被烧断，小球由于惯性向前飞出做平抛运动。现对小球采用频闪数码照相机连续拍摄。在有坐标纸的背景屏前，拍下了小球在做平抛运动过程中的多张照片，经合成后，照片如图乙所示。a、b、c、d
7、为连续四次拍下的小球位置，已知照相机连续拍照的时间间隔是0.10s，照片大小如图中坐标所示，又知该照片的长度与实际背景屏的长度之比为1：4，则：(1)由以上信息，可知a点_（填“是”或“不是”）小球的抛出点。(2)由以上及图信息，可以推算出该星球表面的重力加速度为_m/s2。（结果保留两位有效数字）(3)由以上及图信息可以算出小球平抛的初速度是_m/s。（结果保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，轻绳AD跨过固定在水平横梁BC右端的定滑轮挂住一个质量为20 kg的物体，ACB30，
8、g取10 m/s2，求：(1)轻绳AC段的张力FAC的大小；(2)横梁BC对C端的支持力的大小及方向.14（16分）如图所示，光滑绝缘的细圆管弯成半径为 R 的半圆形，固定在竖直面内，管口 B、C 的连线是水平直径现有一质量为 m 带正电的小球（可视为质点）从 B 点正上方的 A 点自由下落， A、B 两点间距离为 4R从小球进入管口开始，整个空间突然加一匀强电场，静电力在竖直向上的 分力大小与重力大小相等，结果小球从管口 C 处脱离圆管后，其运动轨迹经过 A 点设小球运动过 程中带电量没有改变，重力加速度为 g，求：（1）小球到达 B 点的速度大小；（2）小球受到的静电力的大小；（3）小球经
9、过管口 C 处时对圆管壁的压力15（12分）一平台的局部如图甲所示，水平面光滑，竖直面粗糙，物体B与竖直面动摩擦因数=0.5，右角上固定一定滑轮，在水平面上放着一质量mA=1.0kg，大小可忽略的物块A，一轻绳绕过定滑轮，轻绳左端系在物块A上，右端系住物块B，物块B质量mB=1.0kg物块B刚好可与竖直面接触起始时令两物体都处于静止状态，绳被拉直，设物体A距滑轮足够远，台面足够高，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，忽略滑轮质量及其与轴之间的摩擦，g取10m/s2，求（1）同时由静止释放AB，经t=1s，则A的速度多大；（2）同时由静止释放AB，同时也对物块B施加力F，方向水平向左，大小随时间变化如图
10、乙所示，求物块B运动过程中的最大速度和物块B经多长时停止运动参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A 由公式可知：角速度大的半径不一定小，只有当线速度一定时，角速度大的半径一定小。故A项错误；B 由公式可知，角速度大的周期一定小。故B项正确；C 由公式可知，线速度大，周期不一定小。只有当半径一定时，线速度大，周期一定小。故C项错误；D 由公式可知，加速度大，角速度不一定大。只有当半径一定时，加速度大，角速度一定大。故D项错误。2、B【解析】对物体受力分析，将推力F正交分解，如图，根据共点力平衡条件，有：水平
11、方向：Fcos-f=0竖直方向Fsin-N-mg=0解得：f=FcosN=Fsin-mg根据牛顿第三定律，压力也为Fsin-mgA.由分析可知，物体一定受4个力作用，故A错误；B. 天花板对物体摩擦力的大小一定为Fcos 与分析相符，故B正确；C. 天花板对物体摩擦力的大小一定为Fsin 与分析不符，故C错误；D. 物块对天花板的压力大小为Fsin 与分析不符，故D错误。3、D【解析】ABD、设斜面倾角为，球b自由落体运动，球c的竖直分运动是自由落体运动，故bc两个球的加速度大小均为，球a受重力和支持力，合力为，加速度为；根据位移时间关系可得bc运动时间相同，为：；a运动的时间为，则根据解得,
12、故，a球到达地面所用的时间最长，故AB错误,D正确；C、到达地面的速度方向不同，则速度不同，故C错误。4、B【解析】猫减小拉力时，桌布在桌面上运动的加速度减小，则运动时间变长；因此鱼缸加速时间变长，桌布抽出时的位移以及速度均变大，则有可能滑出桌面；故A错误；由于鱼缸在桌面上和在桌布上的动摩擦因数相同，故受到的摩擦力相等，则由牛顿第二定律可知，加速度大小相等；但在桌面上做减速运动，则由v=at可知，它在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等；故B正确；若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力仍是滑动摩擦力，由于动摩擦因数与正压力没变，因此摩擦力也不变，鱼缸的加速度将不变，故C错误；桌布向右拉出时，鱼缸相对于桌布
13、向左运动，故鱼缸受到的滑动摩擦力向右，故D错误；故选B.【点睛】本题考查摩擦力的类型，及影响滑动摩擦力的因素，分析判断鱼缸受到的摩擦力是解题的关键，同时还要注意拉力减小后，鱼缸可能由滑动摩擦力变为静摩擦力5、C【解析】根据得g=则故C正确，A、B、D错误。故选C。6、B【解析】根据万有引力提供向心力：，整理得：，所以k仅与中心天体恒星的质量有关，ACD错误B正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】力F作用时，对A有：F弹=m1a；对B有F-F弹=m2a；当
14、突然撤去推力F的瞬间，弹簧弹力没有发生改变，对B受力分析有：-F弹=m2a2，解得：a2=-a，A受到弹力作用，撤去F的瞬间弹簧的弹力不变，所以A的加速度不变，仍为a，故选AD8、AD【解析】A、因为汽车做匀加速运动，则物体受到的合力大小不变，又因为阻力不变，合力等于牵引力减去摩擦力，因此牵引力保持不变，故A正确，B错误；C、输出功率，因为牵引力F不变，速度越来越大，因此发动机的输出功率逐渐增大，故C错误，D正确。9、AD【解析】A由动能定理可知，木块对子弹做功等于子弹动能的增量，故A正确；B根据能量守恒知，子弹动能的减少量等于木块获得的动能和系统增加的内能之和，所以子弹克服阻力做的功等于木块
15、获得的动能和系统增加的内能之和，故B错误；C由于子弹和木块的位移不等，相互作用力大小相等，所以子弹克服阻力做的功不等于阻力的反作用力对木块做的功，故C错误；D根据系统的能量守恒知，子弹机械能的损失量等于木块获得的动能和系统损失的机械能之和，故D正确。10、CD【解析】A由开普勒第三定律可得：已知圆轨道的半径等于椭圆轨道的半长轴，则两卫星的运行周期相等，故A错误；B卫星2做椭圆运动，单位时间内，卫星和地球连线扫过的面积相等，在P点卫星2和地球连线长度小于在Q点卫星2和地球连线的长度，所以，B错误；C由题可知卫星2由Q点开始做向心运动，因此卫星2在过Q点时的万有引力大于向心力，即解得C正确；D卫星在运行过程中只受万有引力作用，则有：所以加速度
