《2022届高三物理上学期综合能力测试试题(含解析)》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022届高三物理上学期综合能力测试试题(含解析)（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2022届高三物理上学期综合能力测试试题(含解析)选择题： 1. 关于物理学的研究方法，以下说法错误的是： ( )A. 在用实验探究加速度、力和质量三者之间关系时，应用了控制变量法B. 在利用速度时间图像推导匀变速直线运动位移公式时应用的是微元法C. 在定义电场强度时应用了比值法，因而电场强度与电场力和试探电荷的电量无关D. 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，建立质点概念是应用近似替代法【答案】D.考点：本题考查物理学史问题。2. 如图所示水平面上,质量为20kg的物块A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端,弹簧的另一端固定在小车上,小车静止不动,弹簧对物块的弹力大小为10N时,物块处于静止状态,若
2、小车以加速度a=1m/s2沿水平地面向右加速运动时( )A. 物块A相对小车向左运动B. 物块A受到的摩擦力将减小C. 物块A受到的摩擦力大小不变D. 物块A受到的弹力将增大【答案】C【解析】A、物体开始时受弹力F=5N，而处于静止状态，说明受到的静摩擦力为5N，则物体的最大静摩擦力Fm5N当物体相对于小车向左恰好发生滑动时，加速度为，所以当小车的加速度为a=1m/s2时，物块A相对小车仍静止故A错误B、C、根据牛顿第二定律得：小车以加速度a=1m/s2沿水平地面向右加速运动时，弹力水平向右，大小仍为5N，摩擦力水平向右大小仍为5N 故B错误，C正确D、物体A相对于小车静止，弹力不变故D错误故
3、选C【点睛】应用牛顿第二定律分析物体受力情况，要注意静摩擦力大小和方向会随物体状态而变化3. 如图所示，A、B两球分别套在两光滑的水平直杆上，两球通过一轻绳绕过一定滑轮相连，现在A球以速度v向左匀速移动，某时刻连接两球的轻绳与水平方向的夹角分别为、，下列说法正确的是( )A. 此时B球的速度为B. 此时B球的速度为C. 在增大到90的过程中，B球做匀速运动D. 在增大到90的过程中，B球做减速运动【答案】A【解析】将物块A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子的方向，在沿绳子方向的分速度等于B沿绳子方向的分速度在沿绳子方向的分速度为v绳子=vcos，所以故A正确，B错误在增大到90的过程中，绳子的
4、方向与B球运动的方向之间的夹角始终是锐角，所以绳对B球的拉力一直做正功，B的速度一直最大，B做加速运动故CD错误故选A.4. 如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向a端移动时，则A. 电压表读数减小B. 电流表读数减小C. 质点P将向下运动D. R3上消耗的功率逐渐减小【答案】B【解析】试题分析：由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向a移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流减小；路端电压增大，可知R1两端的电压减小；
5、故并联部分的电压增大；由欧姆定律可知流过R3的电流增大，则流过并联部分的电流减小，故电流表示数减小；故B正确；因并联部分电压增大，而R2中电压减小，故电压表示数增大，故A错误；因电容器两端电压增大，故电荷受到的向上电场力增大，则重力小于电场力，合力向上，电荷向上运动，故C错误；因R3两端的电压增大， R3上消耗的功率增大； 故D错误。考点：闭合电路的欧姆定律；电路动态分析【名师点睛】本题主要考查了闭合电路的欧姆定律、电路动态分析综合应用。属于难度较大的题目。运用闭合电路欧姆定律解决电路动态分析的题目，一般可以按照局部-整体-局部的思路进行分析，由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆
6、定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点的受力情况可知质点的运动情况。注意电路中某一部分电阻减小时，无论电路的连接方式如何，总电阻均是减小的。5. 如图所示，在半径为R的圆形区域内充满磁感应强度为B的匀强磁场，MN是一竖直放置的感光板从圆形磁场最高点P以速度v垂直磁场正对着圆心O射入带正电的粒子，且粒子所带电荷量为q、质量为m,不考虑粒子重力，关于粒子的运动，以下说法正确的是( )A. 粒子在磁场中通过的弧长越长时间也越长B. 出磁场的粒子其出射方向的反向延长线也一定过圆心0C. 只要速度满足v，入射的粒子出射后一定垂直打在MN上D. 出磁场的粒子一定能垂直打在MN上【答案】
7、BC【解析】试题分析：带电粒子射入磁场后做匀速圆周运动，对着圆心入射，必将沿半径离开圆心，根据洛伦兹力充当向心力，求出时轨迹半径，确定出速度的偏向角对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中通过的弧长越长，轨迹对应的圆心角越小，即可分析时间关系根据周期公式可知粒子在磁场中的运动周期和速度无关，即所有粒子在磁场中的运动周期相同，粒子在，即粒子在磁场中的运动轨迹的圆心角越大，运动时间越大，对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中通过的弧长越长，轨迹对应的圆心角越小，即运动时间越小，A错误；带电粒子的运动轨迹是圆弧，根据几何知识可知，对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线也一定过圆心，B正确；速度满足时，
8、粒子的轨迹半径为，入射点、出射点、O点与轨迹的圆心构成菱形，射出磁场时的轨迹半径与最高点的磁场半径平行，粒子的速度一定垂直打在MN板上，故C正确D错误6. 如图甲所示，左侧接有定值电阻的水平粗糙导轨处于垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度B=1T，导轨间距L=lm。质量m=2kg，阻值的金属棒在水平拉力F作用下由静止开始从CD处沿导轨向右加速运动，金属棒的vx图像如图乙所示，若金属棒与导轨间动摩擦因数，则从起点发生x=1m位移的过程中(g=10ms2) A. 金属棒克服安培力做的功W1=0.5JB. 金属棒克服摩擦力做的功W2=4JC. 整个系统产生的总热量Q=5.25JD. 拉力做的功W=9
9、.25J【答案】CD【解析】由速度图象得：v=2x，金属棒所受的安培力，代入得：FA=0.5x，则知FA与x是线性关系当x=0时，安培力FA1=0；当x=1m时，安培力FA2=0.5N，则从起点发生x=1m位移的过程中，安培力做功为： ，即金属棒克服安培力做的功为：W1=0.25J，故A错误金属棒克服摩擦力做的功为：W2=mgx=0.252101J=5J，故B错误；根据动能定理得：W-mgs+WA= mv2，其中v=2m/s，=0.25，m=2kg，代入解得拉力做的功为：W=9.25J整个系统产生的总热量为：Q=W- mv2=9.25J- 222J=5.25J故C D正确，故选CD点睛：本题的
10、关键是根据v与x的关系，由安培力公式 ，得到FA与x的关系式，确定出FA与x是线性关系，即可求出安培力做功，再分析功能关系即可明确求出的热量和拉力的功，注意速度为线性变化，故可以利用平均安培力求出安培力的功，同时产生的热量要包括摩擦生热和安培力所做的功。7. 如图所示，有一矩形线圈的面积为S，匝数为N，电阻不计，绕OO轴在水平方向的磁感应强度为B的匀强磁场中以角速度做匀速转动，从图示位置开始计时。矩形线圈通过滑环接一理想变压器，滑动触头P上下移动时可改变输出电压，副线圈接有可调电阻R，下列判断正确的是()A. 矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为eNBScos tB. 矩形线圈从图示位置经
11、过时间时，通过电流表的电荷量为0C. 当P不动、R增大时，电压表读数也增大D. 当P向上移动、R不变时，电流表读数增大【答案】AD【解析】试题分析：正弦式交流发电机从垂直中性面位置开始计时，其电动势表达式为：；电压表和电流表读数为有效值；计算电量用平均值从垂直于中性面时开始计时，矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为，故A正确；矩形线圈从图示位置经过时间时，转过的角度为，磁通量一直增加，电流方向没有改变，故通过电流表的电荷量为，故B错误；交流发电机内电阻不计，故变压器输入电压不变，根据理想变压器的变压比公式，当P位置不动，R增大时，电压表读数不变，仍然等于发电机的电动势有效值，故C错误；当P
12、位置向上移动、R不变时，根据理想变压器的变压比公式，输出电压变大，故电流变大，功率变大，故输入电流也变大，故电流表读数变大，故D正确8. 如图所示，滑块A、B的质量均为m，A套在固定竖直杆上，A、B通过转轴用长度为L的刚性轻杆连接，B放在水平面上并靠着竖直杆，A、B均静止由于微小的扰动，B开始沿水平面向右运动不计一切摩擦，滑块A、B视为质点在A下滑的过程中，下列说法中正确的是（ ） A. A、B组成的系统机械能守恒B. 在A落地之前轻杆对B一直做正功C. A运动到最低点时的速度为D. 当A的机械能最小时，B对水平面的压力大小为2mg【答案】AC【解析】试题分析：过程中由于没有摩擦力，AB和地球
13、组成的系统中动能和势能相互转化，所以系统的机械能守恒，A正确；刚开始运动时，轻杆对B是推力，方向向右，使得B加速，当B运动到一定位置时，轻杆对B的作用力变成拉力，方向向左，使得B减速运动，所轻杆对B先做正功后做负功，B错误；到达最低点时，B的速度减小到零，所以系统减小的势能转化为A的动能，故根据机械能守恒可得，解得：，C正确；杆对B做正功的过程中，对A做负功，这个过程B做加速运动，当B的速度最大时，即加速度为零，此时对B做正功结束，也是对A做负功结束的时刻，此时刻A的机械能最小，B的加速度为零，即杆对B没有作用力，所以B只受重力和支持力，所以对地面的压力为mg，故D错误；考点：考查了机械能守恒
14、非选择题： (一)必考题9. 如图所示为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图实验步骤如下：用天平测量物块和遮光片的总质量M，重物的质量m，用米尺测量两光电门之间的距离s；已知遮光片的宽度为d；调整轻滑轮，使细线水平；让物块从光电门A的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A和光电门B所用的时间tA和tB，求出加速度a；多次重复步骤，求a的平均值；根据上述实验数据求出动摩擦因数.回答下列问题：(1)物块的加速度大小a可用d、s、tA和tB表示为a_.(2)动摩擦因数可用M、m、和重力加速度g表示为_.(3)如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于_(填“偶然误差”或“
15、系统误差”)【答案】 (1). （1） (2). （2） (3). （3）系统误差【解析】试题分析：（1）物块经过A点时的速度，物块经过B点时的速度，物块做匀变速直线运动，由速度位移公式得：vB2-vA2=2as，加速度；（3）以M、m组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得：，解得；（4）如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于系统误差考点：测量物块与水平桌面之间动摩擦因数【名师点睛】此题是测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验；关键是搞清实验的原理，灵活运用牛顿第二定律及运动公式进行解答；要知道由于实验设计造成的误差是系统误差，由于实验操作、读数等造成的误差属于偶然误差。10. 某兴趣小组在一次实验中需测量一只量程已知的电压表的内阻，现提供如下器材：待测电压表一只（量程3V，内阻约3k待测）;电流表一只（量程3A，内阻001）;电池组（电动势约为3V，内阻不计）; 滑动变阻器一个；变阻箱一个（可以读出电阻值，09999）;开关和导线若干。某同学利用上面所给器材，进行如下
