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1、、填空题(每空1分，共18 分)1、 电力系统发生故障时，继电保护装置应将 部分切除，电力系统出现不正常工作时，继电保护装置一般应 。2、 继电保护的可靠性是指保护在应动作时 ，不应动作时 。3、瞬时电流速断保护的动作电流按大于本线路末端的 整定，其灵敏性通常用来表示。4、 距离保护是反应 的距离，并根据距离的远近确定 的一种保护。5、偏移圆阻抗继电器、方向圆阻抗继电器和全阻抗继电器中， 受过渡电阻的影响最大，受过渡电阻的影响最小。6、 线路纵差动保护是通过比较被保护线路首末端电流的 和的原理实现的，因此它不反应 。7、在变压器的励磁涌流中，除有大量的直流分量外，还有大量的分量，其中以为主。&
2、目前我国通常采用以下三种方法来防止励磁涌流引起纵差动保护的误动， 即 ，和。、单项选择题(每题1分，共12 分)1、电力系统最危险的故障是()2、(A)单相接地(B)两相短路继电保护的灵敏系数Ksen要求(A)K sen 1(B)Ksen(C)三相短路)。(C)K sen 13、定时限过电流保护需要考虑返回系数，是为了()(A)提高保护的灵敏性(B)外部故障切除后保护可靠返回(C)解决选择性4、三段式电流保护中，保护范围最小的是()(A) 瞬时电流速断保护(B)限时电流速断保护(C)定时限过电流保护5、三种圆特性的阻抗继电器中，(。既能测量故障点的远近，又能判别故障方向(A)全阻抗继电器；(B
3、)方向圆阻抗继电器；(C)偏移圆阻抗继电器6、有一整定阻抗为Zset8 60 的方向圆阻抗继电器,当测量阻抗Zm 4 30 时，该继电器处于(。状态。(A)动作(B)不动作(C)临界动作7、 考虑助增电流的影响，在整定距离保护II段的动作阻抗时，分支系数应取（）。（A）大于1，并取可能的最小值（B）大于1，并取可能的最大值（C）小于1,并取可能的最小值8、 从减小系统振荡的影响出发，距离保护的测量元件应采用（）。（A）全阻抗继电器；（B）方向圆阻抗继电器；（C）偏移圆阻抗继电器9、被保护线路区内短路并伴随通道破坏时，对于相差高频保护（）（A）能正确动作（B）可能拒动（C）可能误动10、如图1所
4、示的系统中，线路全部配置高频闭锁式方向纵联保护，k点短路，若A-B线路通道故障，则保护1、2将（）。（A）均跳闸（B）均闭锁（C）保护1跳闸，保护2闭锁图111、 变压器的电流速断保护与（）保护配合，以反应变压器绕组及变压器 电源侧的引出线套管上的各种故障。（A）过电流（B）过负荷（C）瓦斯12、双绕组变压器纵差动保护两侧电流互感器的变比，应分别按两侧 （）选择。（A）负荷电流（B）额定电流（C）短路电流三、简答题（共32分）1、 何谓主保护、后备保护？何谓近后备保护、远后备保护？（8分）2、 有一方向阻抗继电器，若正常运行时的测量阻抗为3.5 30 ，要使该方 向阻抗继电器在正常运行时不动作
5、，则整定阻抗最大不能超过多少？（设sen 75 ） （ 8 分）3、何谓比率制动特性？对具有比率制动特性的差动继电器，何谓最大制动比、最小工作电流、拐点电流？（8分）4、变压器纵差动保护中，不平衡电流产生的原因是什么？ （8分）四、计算题（共38分）1、如图2所示的网络中，已知，线路每公里的正序阻抗乙 0.4 /km ,E 10.5/ .3kV, Xsmax 0.3 ，X s.mi n 0.3 , I A B Lmax 150A。 Krel 1.25, Krel 1.1, Krel 1.2， Kss=1.8,Kre 0.85, t30.5s。试对保护1进行三段式电流保护的整定计算。（14分）图
6、2A1 10km15km:网络的止序 离保护，其第2、如上采用三段式距阻抗继电器，继电器的最灵敏角丄IIIt3 =0.5sL阻抗Z1=0.45Q /而阻抗角I、II、III段阻抗元件均采用0 sen 65，保护2的延时t2650。线路 接线的方向2s，线路AB、BC的最大负荷电流均为 400A，负荷的自起动系数 Kss 2,继电器的 返回系数Kre仁，并设行50.85，负荷的功率因数cos D 0.9，变压器采用了能保护整个变压器的无时限纵差保护。试求:距离保护1第I段的动作阻抗，第II段、第III段的灵敏度与动作时间。（24 分）0 30kmeT 115/ ,3kVXsAm in 10XsA
7、.max 20CBD62kmT1T2ZT1 ZT2 84.70 38kmAEb 115/ 3kVXsBmin 30XsBmax 40一、填空题（每空1分，共18分）1、 电力系统发生故障时，继电保护装置应将故障 部分切除，电力系统出现不正常工作时，继电保护装置一般应发出信号 。2、 继电保护的可靠性是指保护在应动作时不拒动 ，不应动作时 不误3、 瞬时电流速断保护的动作电流按大于本线路末端的最大短路电流整定，其灵敏性通常用保护范围的大小来表示。4、 距离保护是反应故障点到保护安装处的距离，并根据距离的远近确定动作时间的一种保护。5、 偏移圆阻抗继电器、方向圆阻抗继电器和全阻抗继电器中，方向圆阻
8、抗继电器受过渡电阻的影响最大，全阻抗继电器受过渡电阻的影响最小。6、 线路纵差动保护是通过比较被保护线路首末端电流的大小 和相位的原理实现的，因此它不反应外部故障。7、 在变压器的励磁涌流中，除有大量的直流分量外，还有大量的高次 谐波 分量，其中以 二次谐波 为主。&目前我国通常采用以下三种方法来防止励磁涌流引起纵差动保护的误动，即 采用速饱和中间变流器，二次谐波制动的方法和 间断角鉴别的方法 。二、单项选择题（每题1分，共12分）1、电力系统最危险的故障是（ C ）o（A）单相接地（B）两相短路（C）三相短路2、继电保护的灵敏系数Ksen要求（C ）。（A） K sen 1（ B） Ksen
9、 1（ C） Ksen 13、 定时限过电流保护需要考虑返回系数，是为了（B ）。（A）提高保护的灵敏性（B）外部故障切除后保护可靠返回（C）解决选择性4、三段式电流保护中，保护范围最小的是（ A ）（A）瞬时电流速断保护（B）限时电流速断保护（C）定时限过电流保护5、三种圆特性的阻抗继电器中，（B ）既能测量故障点的远近，又能判别故障方向（A）全阻抗继电器；（B）方向圆阻抗继电器；（C）偏移圆阻抗继电器6、有一整定阻抗为Zset8 60 的方向圆阻抗继电器,当测量阻抗Zm 4 30 时，该继电器处于（A ）状态。（A）动作（B）不动作（C）临界动作7、 考虑助增电流的影响，在整定距离保护II
10、段的动作阻抗时，分支系数 应取（A ）。（A）大于1，并取可能的最小值（B）大于1，并取可能的最大值（C）小于1,并取可能的最小值8、 从减小系统振荡的影响出发，距离保护的测量元件应采用（B）0（A）全阻抗继电器；（B）方向圆阻抗继电器；（C）偏移圆阻抗继电器9、被保护线路区内短路并伴随通道破坏时，对于相差高频保护（ A ）（A）能正确动作（B）可能拒动（C）可能误动10、如图1所示的系统中，线路全部配置高频闭锁式方向纵联保护，k点短路，若A-B线路通道故障，则保护1、2将（C ）。（A）均跳闸（B）均闭锁（C）保护1跳闸，保护2闭锁图111、变压器的电流速断保护与（C ）保护配合，以反应变压
11、器绕组及变压 器电源侧的引出线套管上的各种故障。（A）过电流（B）过负荷（C）瓦斯12、双绕组变压器纵差动保护两侧电流互感器的变比，应分别按两侧 （B ）选择。（A）负荷电流（B）额定电流（C）短路电流三、简答题（共32分）1、何谓主保护、后备保护？何谓近后备保护、远后备保护？（8分）答：所谓主保护是指能以较短时限切除被保护线路（或元件）全长上的故障的保护装置。（2分）考虑到主保护或断路器可能拒动而配置的保护，称为后备保护。（2分）当电气元件的主保护拒动时，由本元件的另一套保护起后备作用，称为近后备。（2分）当主保护或其断路器拒动时，由相邻上一元件的保护起后备作用称为远后 备。（2分）2、有一
12、方向阻抗继电器，若正常运行时的测量阻抗为3.5 30 ，要使该方向阻抗继电器在正常运行时不动作，则整定阻 抗最大不能超过多少？（设sen 75 ） （ 8 分）答：为了使该方向阻抗继电器在正常运行时 不动作，其对应于m 30时的动作阻抗Zm最大不能 超过3.5， （ 3分）大不能超过 lZs3.5/ cos（75 30 ） 4.95 Q （5 分）又知其sen 75，如图所示，整定阻抗最3、何谓比率制动特性？对具有比率制动特性的差动继电器，何谓最大制动 比、最小工作电流、拐点电流？（8分）答：比率制动特性是指继电器的动作电流和继电器的制动电流的关系特性。 （2分）K res.max1 set.
13、max如图，最大制动比1 res.max（2 分）g点所对应的动作电流1 set.min称为最小动作电流; 分）（2分）相对应的制动电流Ires.g称为称为拐点电流4、变压器纵差动保护中，不平衡电流产生的原因是什么？ （8分）答：不平衡电流产生的原因是：1、变压器两侧电流互感器的计算变比与实际变比不一致（2分）；2、变压器带负荷调节分接头（2分）；3、电流互感器有传变误差（2分）；4、变压器的励磁电流（2分）。四、计算题（共38 分）1、如图2所示的网络中，已知，线路每公里的正序阻抗 乙 0.4 /km， E10.5/ . 3kV,Xs.max 0.3 ， Xs.min 0.3 ,1 A B.
14、L max150AKrel1.25, Krei 1.1, J1.2,心=1.8,g 0.85,t30.5s。试对保护1进行三段式电流保护的整定计算。（14分）10kmCiiit3 =0.5s解：1、保护1电流I段整定计算（1）求动作电流1 set.1(1分)K |rel k.B.max1.25_10.5_103_ 3(0.2 0.4 10)1804.27A（2）灵敏度校验，即求最小保护范围1 minN 21 set.1s.max3_10.5_10_3 1804.270.3)6.52kmI min!ab6.521065.2%15%,满足要求(2 分)（3）动作时间：t1 0s （1 分）2、保护1电流II段整定计算（1）求动作电流1 set.1K rel 1 set.2Krel ( K rel 1 k.C.max )10.5 1031.1 1.25-(2 分
