《精品高考化学二轮复习 专题四 有机化学基础 第1讲 有机物的组成、结构与性质》由会员分享，可在线阅读，更多相关《精品高考化学二轮复习 专题四 有机化学基础 第1讲 有机物的组成、结构与性质（7页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、高考化学复习备考精品资料高效演练1.(2014池州一模)化合物是合成中药黄芩中的主要活性成分的中间体,合成方法如下:下列有关叙述正确的是()A.的分子式为C9H10O4B.中所有原子均有可能共面C.可用FeCl3溶液鉴别有机物和D.1 mol产物与足量溴水反应,消耗Br2的物质的量为1.5 mol【解析】选B。A项,的分子式为C9H12O4,错误;B项,双键(碳碳双键、碳氧双键)及其所连原子、苯环及其所连原子能共平面,即中所有原子可能共平面,正确;C项,、中均有酚羟基,无法用FeCl3溶液鉴别,错误;D项,中酚羟基的存在,使其邻、对位的氢活泼易被取代,所以酚羟基邻位可与1 mol Br2发生取
2、代反应,碳碳双键可与1 mol Br2发生加成反应,共消耗2 mol Br2,错误。2.(2014蚌埠一模)绿原酸是咖啡的热水提取液成分之一,结构简式如图,关于绿原酸判断正确的是()A.绿原酸能使酸性KMnO4溶液褪色B.绿原酸水解产物均可以与FeCl3溶液发生显色反应C.1mol绿原酸与足量溴水反应,最多消耗2.5 mol Br2D.1mol绿原酸与足量NaOH溶液反应,最多消耗8 mol NaOH【解析】选A。该物质含碳碳双键,能被高锰酸钾氧化而使高锰酸钾溶液褪色,A正确;绿原酸水解产物之一含酚羟基,可与氯化铁溶液发生显色反应,另外一种含醇羟基,不能与氯化铁溶液发生显色反应,B错误;1 m
3、ol的绿原酸的碳碳双键消耗1 mol的Br2,酚羟基的邻位和对位共有三个位置可被Br取代,消耗3 mol的Br2,共消耗4 mol的Br2,C错误;1 mol的绿原酸的酚羟基消耗2 mol氢氧化钠,羧基消耗1 mol的氢氧化钠,酯基消耗1 mol的氢氧化钠,共消耗4 mol的氢氧化钠,D错误。3.(2014南通模拟)一种塑料抗氧化剂C可通过下列反应合成:下列有关叙述正确的是()A.物质A中所有碳原子有可能位于同一平面B.物质B不能发生取代反应C.用酸性KMnO4溶液鉴别抗氧化剂C中是否含有CH3(CH2)17OHD.1 mol抗氧化剂C与NaOH溶液反应,最多可消耗2 mol NaOH【解析】
4、选D。A项,三个甲基连在同一个碳原子上,不可能共平面,错误;B项,物质B中有羟基、酯基,苯环上有H,均可以发生取代反应,错误;C项,醇羟基和酚羟基均可以使酸性KMnO4溶液褪色,错误;D项,C中有酚羟基和酯基,均可以与NaOH反应,正确。4.(2014蚌埠一模)某有机物中间体结构如图所示,它不能发生的反应类型是()A.加成反应B.取代反应C.水解反应D.消去反应【解析】选D。该有机物含酚羟基,能发生取代反应,含苯环、碳碳双键,可发生加成反应,含酯基,可发生水解反应,虽然含Cl,但不能发生消去反应,因此选D。5.(2014宿州模拟)依曲替酯是一种皮肤病用药,它可以由原料X经过多步反应合成。下列说
5、法不正确的是()A.原料X与中间体Y互为同分异构体B.原料X可以使酸性KMnO4溶液褪色C.中间体Y能发生加成、取代、消去反应D.1 mol依曲替酯只能与2 mol NaOH发生反应【解析】选C。A项,X中的酯基,拆成B中的羰基和羟基,其余不变,故互为同分异构体,正确;B项,X中含有的碳碳双键以及苯环上的甲基,均可以被酸性KMnO4氧化,正确;C项,Y中含有苯环和碳碳双键,可以发生加成反应,苯环上的H和甲基上的H可以被取代,酚羟基不可以发生消去反应,错误;D项,依曲替酯为酚酯,故能与2 mol NaOH发生反应,正确。6.(2014皖北协作区联考)工业上以A为原料合成芳香酯G的路线如下:已知:
6、A的分子式为C4H8,A与氢气加成的产物中有三个甲基。试回答下列问题:(1)A的名称(用系统命名法命名)为 ,D物质中含有的官能团名称为。E物质在核磁共振氢谱中能呈现种峰。(2)反应的反应类型为,反应的反应条件为。(3)写出反应的化学方程式 。(4)G有多种同分异构体,请写出符合下列条件的所有结构简式: 。与G具有相同的官能团;苯环上有两个取代基,其中一个取代基为CH2COOCH3;苯环上的一氯代物只有两种(5)下列说法正确的是。a.向硝酸银溶液中滴加少量的B,有淡黄色沉淀产生b.一定条件下,D可以生成分子式为C8H12O4的酯c.E不能使溴水褪色d.F可以发生消去反应【解析】根据A的分子式为
7、C4H8,B的分子式是C4H8Br2、A与氢气加成产物含3个甲基知A是CH2C(CH3)2,叫2-甲基丙烯,AB是A与溴的加成反应,B是(CH3)2CBrCH2Br,反应是B的水解反应生成C:,根据D的分子式可知CD是氧化反应,D的结构简式为,根据E的分子式知DE是消去反应,E的结构简式为,根据题目信息知G是芳香酯,因此F+EG是酯化反应,则F是C6H5CH2CH2OH,反应是卤代烃的水解反应,G是。(1)D含羧基、羟基,E的核磁共振氢谱有3种峰。(2)反应是氧化反应,反应的条件是浓硫酸、加热。(3)反应的反应方程式是+2NaOH2NaBr+(4)G的分子式是C12H14O2,根据残基法:C12H14O2-CH2COOCH3-C6H4(苯环上有2个取代基)=C3H5,又因为该同分异构体与G含相同的官能团,即含碳碳双键和酯基,因此C3H5是丙烯基,该同分异构体的苯环上的一氯代物只有2种,即2个取代基处于苯环的对位,有、。答案:(1)2-甲基丙烯(或2-甲基-1-丙烯)羟基、羧基3(2)氧化反应浓硫酸、加热(3)+2NaOH2NaBr+(4)、(5)b、d
