《新课标2020高考物理二轮复习专题强化训练10物理图象含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《新课标2020高考物理二轮复习专题强化训练10物理图象含解析（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、专题强化训练(十)选择题(共20个小题，112为单选，其余为多项选择题，每题5分，共100分)1如图甲所示，物块的质量m1 kg，初速度v010 m/s，在一水平向左的恒力F作用下从O点沿粗糙的水平面向右运动，某时刻后恒力F突然反向，整个过程中物块速度的平方随位置坐标变化的关系图象如图乙所示，g10 m/s2.下列说法中不正确的是()A05 m内物块做匀减速直线运动B在t1 s时刻，恒力F反向C恒力F大小为10 ND物块与水平面间的动摩擦因数为0.3答案C解析由题可知，物块开始时在恒力作用下运动，在05 m内的运动方向是相同的，由图乙可知，05 m内物块做匀减速直线运动，故A项正确；物块匀减速
2、直线运动的加速度大小为：a1 m/s210 m/s2.匀加速直线运动的加速度大小为：a2 m/s24 m/s2.根据牛顿第二定律得：Ffma1，Ffma2，联立两式解得：F7 N，f3 N，则动摩擦因数为：0.3.物块匀减速直线运动的时间为：t1 s1 s即在01 s内做匀减速直线运动，1 s后恒力F反向，做匀加速直线运动，故B、D两项正确，C项错误本题选择错误的，故选C项2.如图甲所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m的小球，从离弹簧上端高h处自由下落，接触弹簧后继续向下运动若以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴Ox，小球的速度v随时间t变化的图象
3、如图乙所示其中OA段为直线，切于A点的曲线AB和BC都是平滑的曲线，则关于A、B、C三点对应的x坐标及加速度大小，下列说法正确的是()AxAh，aA0BxAh，aAgCxBh，aB0 DxCh，aC0答案C解析由图可知，OA段是直线，说明O到A的过程中，小球做自由落体运动，小球到达A时，小球的加速度仍然是g，故A、B两项错误；B点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为0，加速度也就为0，由mgkx，可知x，所以B点的坐标为h，所以C项正确；取一个与A点对称的点为D，由A点到B点的形变量为，由对称性得由B到D的形变量也为，故到达C点时形变量要大于h2，加速度acg，所以D项错误故选C项3.
4、在x轴上有两个点电荷q1、q2，其静电场的电势在x轴上分布如图所示，则()Aq1和q2带有同种电荷Bx1处的电场强度为零C负电荷从x1移到x2，电势能减小D负电荷从x1移到x2，受到的电场力增大答案C解析由图可知：无穷远处电势为零，有电势为正的地方，故存在正电荷；又有电势为负的地方，故也存在负电荷，所以q1和q2带有异种电荷，故A项错误；图中曲线斜率大小等于电场强度，x1处的斜率不为零，故x1处的电场强度不为零，故B项错误；负电荷从x1移到x2，电势升高，电势能减小，故C项正确；负电荷从x1移到x2，曲线的斜率减小，电场强度减小，所以负电荷受到的电场力减小，故D项错误故选C项4如图甲所示，绷紧
5、的水平传送带始终以恒定速率v1运行初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的vt图象(以地面为参考系)如图乙所示已知v2v1，则()A0t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左B0t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用Ct2时刻，小物块离A处的距离达到最大Dt2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大答案D解析0t2时间内，小物块受到的摩擦力方向始终向右，且大小不变，故A项错误；如图乙知，t2t3时间内小物块做匀速直线运动，此时受力平衡，小物块不受摩擦力作用，故B项错误；在0t1时间内小物块向左减速，
6、受向右的摩擦力作用，在t1t2时间内小物块向右加速运动，受到向右的摩擦力作用，t1时刻小物块向左运动到速度为零，离A处的距离达到最大，故C项错误；t2时刻前小物块相对传送带向左运动，之后相对静止，则知小物块相对传送带滑动的距离达到最大，故D项正确故选D项5如图甲所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动，通过力传感器和速度传感器监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图乙所示(取g10 m/s2)则下列判断不正确的是()A物体的质量m0.5 kgB物体与水平面间的动摩擦因数0.40C03 s内物体所受摩擦力的冲量大小为4 NsD03 s内物体所受合力做的功为1 J答案C解析由速
7、度时间图象可以知道在23 s的时间内，物体匀速运动，处于受力平衡状态，所以滑动摩擦力的大小为2 N，在12 s的时间内，物体做匀加速运动，直线的斜率代表加速度的大小，所以a m/s22 m/s2，由牛顿第二定律可得Ffma，所以m0.5 kg，故A项正确；由fFNmg，所以0.4，故B项正确；03 s内物体所受摩擦力的冲量大小为mgt6 Ns，故C项错误；根据动能定理得03 s内物体所受合力做的功为mv201 J，故D项正确本题选不正确的，故选C项6.质量相等的a、b两物体，分别从粗糙斜面上的同一位置由静止下滑，滑到斜面底端时进入粗糙水平面继续滑行一段距离后停下，不计从斜面底端进入水平面时的能
8、量损失已知两物体运动的vt图象如图所示，则下列说法正确的是()A在整个运动过程中，a的平均速度比b的平均速度小Ba与斜面间的动摩擦因数比b与斜面间的动摩擦因数大Ca在水平面上滑行的距离比b在水平面上滑行的距离长D在整个运动过程中，a克服摩擦力做功比b克服摩擦力做功多答案C解析由图知a的最大速度为v1，a的平均速度为v1，b的最大速度为v2，b的平均速度为v2，因为v1v2，所以a的平均速度比b的平均速度大，故A项错误；物体在斜面上运动的加速度为：agsingcos，因为a的加速度大于b的加速度，所以a与斜面间的动摩擦因数比b的小，故B项错误；物体在水平面上的运动是匀减速运动，a从t1时刻开始，
9、b从t2时刻开始由图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，a在水平面上做匀减速运动的位移比b在水平面上做匀减速运动的位移大，故C项正确；对物块整个运动过程运用动能定理得：mghWf00，所以有：Wfmgh，ab两个物体质量相等，所以在整个运动过程中克服摩擦力做的功一样多，故D项错误故选C项7.点电荷Q1、Q2分别固定在x轴上的原点O处和x5d处，正点电荷q(不计重力)从xd处以初速度v0沿x轴正方向运动，其速率v与在x轴上的位置关系如图所示，则下列判断正确的是()A点电荷Q1带负电荷、Q2带正电荷B点电荷Q1、Q2所带电荷量的绝对值之比为23C点电荷q从xd处到x4d处的过程中，在x2d处的电势能
10、最小D从xd处到x4d处，电势先增大后减小答案D解析正点电荷从d到4d的过程，速度先减小后增大，则电场力先做负功后做正功，即从d到2d场强方向向左，从2d到4d场强方向向右，则x2d处合场强为零由上面的分析结合场强的叠加可知点电荷Q1带负电荷、Q2带负电荷，故A项错误；由x2d处合场强为零得：，解得：Q1Q249，故B项错误；由前面的分析知：点电荷q从xd处到x4d处的过程中，电场力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，所以x2d处的电势能最大，故C项错误，D项正确故选D项8俄罗斯方块游戏风靡全球，某人根据游戏中的几个形状制作了一些导线框，导线框制作材料粗细、周长、加工方式都相同让它们以相同的
11、速度水平向右匀速经过右边单边界磁场(如图甲所示)，测得导线框的感应电流如图乙所示，则应该是哪个形状的俄罗斯方块导线框通过磁场()答案B解析设线框切割磁感线的有效长度为L，感应电动势为：EBLv，感应电流为：IL，由图乙所示图象可知，01 s与23 s内的感应电流相等，且是12 s内感应电流的一半，B、v、R相等，则01 s与23 s内切割磁感线的有效长度L相等且是12 s内有效长度的一半，由图示线框可知，B项正确，A、C、D三项错误故选B项9.如图所示，水平面内有一足够长的平行金属导轨，导轨光滑且电阻不计，两导轨左端用导线与电容器C(电容器不带电)及开关连接匀强磁场与导轨平面垂直，与导轨接触良
12、好的导体棒垂直于导轨以某一初速度向右运动某时刻将开关S闭合，并开始计时，用v、q、i和a分别表示导体棒的速度、电容器所带电荷量、导体棒中的电流和导体棒的加速度则图中正确的是()答案D解析导体棒向右运动切割磁感线产生感应电动势为：EBLv，开关闭合后导体棒对电容器充电，电容器所带电荷量为：qit，电容器两端电压为：U，电路电流为：i，整理得：i，当电容器两端电压U与导体棒切割磁感线产生的感应电动势E相等时，电路没有电流，即i0，故C项错误；导体棒受到的安培力：FBiL，由牛顿第二定律得：a，解得：a，a随t减小，导体棒做减速运动，当i0时，F0，a0，故D项正确；由左手定则可知，导体棒受到的安培
13、力方向与速度方向相反，导体棒先做加速度减小的减速运动，最终导体棒做匀速运动，故A项错误；电容器所带电荷量：qit先随时间增大，当导体棒做匀速运动时电容器所带电荷量：qCUCBLv保持不变，故B项错误故选D项10如图甲所示，一轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为N，小球在最高点的速度大小为v，Nv2图象如乙图所示，下列说法正确的是()A当地的重力加速度大小为B小球的质量为RCv2c时，杆对小球弹力方向向上D若v22b，则杆对小球弹力大小为2a答案B解析在最高点，若v0，则Nmga；若N0，则mgm，解得g，mR，故A项错
14、误，B项正确；由图可知：当v2b时，杆对小球弹力方向向下，所以当v2c时，杆对小球弹力方向向下，故C项错误；若c2b.则Nmgm，解得Na，故D项错误故选B项11如图甲所示，M、N为正对竖直放置的平行金属板，A、B为两板中线上的两点当M、N板间不加电压时，一带电小球从A点由静止释放，经时间T到达B点，此时速度为v.若在两板间加上如图乙所示的交变电压，t0时，将带电小球仍从A点由静止释放，小球运动过程中始终未接触极板，则tT时，小球()A在B点上方 B恰好到达B点C速度大于v D速度小于v答案B解析在M、N两板间加上如图乙所示的交变电压，小球受到重力和电场力的作用，电场力作周期性变化，且电场力在
15、水平方向，所以小球竖直方向做自由落体运动，与不加电场时相同在水平方向小球先做匀加速直线运动，后沿原方向做匀减速直线运动，t时速度为零，接着，沿相反方向先做匀加速直线运动，后继续沿反方向做匀减速直线运动，tT时速度为零根据对称性可知在tT时小球的水平位移为零，所以tT时，小球恰好到达B点，故A项错误，B项正确；在0T时间内，电场力做功为零，小球机械能变化量为零，所以tT时，小球速度等于v，故C、D两项错误故选B项12.半径为L的圆形边界内分布有垂直圆所在平面的磁场，垂直纸面向里的磁感应强度大小为2B，垂直纸面向外的磁感应强度大小为B，如图所示AEO为八分之一圆导线框，其总电阻为R，以角速度绕O轴逆时针匀速
