《山东省潍坊市五县市2019-2020学年高二化学下学期期中试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山东省潍坊市五县市2019-2020学年高二化学下学期期中试题含解析（22页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、山东省潍坊市五县市2019-2020学年高二化学下学期期中试题（含解析）可能用到的相对原子质量： H 1 C 12 N 14 O 16 Na 23 Mg 24 Ni 59 Se79一、选择题：本题共 10 小题，每小题 2 分，共 20 分。每小题只有一个选项符合题意。1.下列说法正确的是A. 乙烷、乙烯、乙炔均可使酸性高锰钾溶液褪色B. 石油的分馏是物理变化，得到的分馏产物都是纯净物C. 苯酚有弱酸性，俗称石炭酸，与甲酸同属羧酸类物质D. 煤干馏是复杂的物理、化学变化，通过干馏可得到氨、甲苯、酚类等物质【答案】D【解析】【详解】A. 乙烷不与酸性高锰钾溶液反应，不能使酸性高锰钾溶液褪色，故A
2、错误；B. 石油的分馏是物理变化，得到的分馏产物是混合物，故B错误；C. 苯酚有弱酸性，俗称石炭酸，属于酚类物质，不属于羧酸类物质，故C错误；D. 煤的干馏是复杂的物理、化学变化，通过干馏可得到氨、甲苯、酚类等物质，故D正确；故答案选：D。2.下列化合物命名正确的是A. 2乙基丁烷B. 2甲基2氯丙烷C. 2甲基1丙醇D. 2，2，3三甲基3丁烯【答案】B【解析】【详解】A.烷烃命名时，应选最长的碳链为主链，故主链上有5个碳原子，从离支链最近的一端开始编号，故名称为3-甲基戊烷，故A错误；B.卤代烃命名时，应选含官能团的最长的碳链为主链，故主链上有3个碳原子，从离官能团近的一端开始编号，则在2
3、号碳原子上有一个甲基和一个氯原子，故名称为：2-甲基-2-氯丙烷，故B正确；C.醇命名时，应选含官能团的最长的碳链为主链，故主链上有4个碳原子，从离官能团近的一端开始编号，则2号碳上羟基，表示出官能团的位置，故名称为：2-丁醇，故C错误；D.烯烃命名时，应选含官能团的最长的碳链为主链，故主链上有4个碳原子，从离官能团近的一端开始编号，并用官能团两端编号较小的碳原子表示出官能团的位置，故名称为：2,3,3-三甲基-1-丁烯，故D错误；故选B。【点睛】1.烷烃命名时，应选最长的碳链为主链，从离支链最近的一端开始编号；2.卤代烃命名时，应选含官能团的最长的碳链为主链，从离官能团近的一端开始编号；3.
4、醇命名时，应选含官能团的最长的碳链为主链，从离官能团近的一端开始编号，并表示出官能团的位置；4.烯烃命名时，应选含官能团的最长的碳链为主链，从离官能团近的一端开始编号，并用官能团两端编号较小的碳原子表示出官能团的位置。3.3d 能级上最多只能排布 10 个电子依据的原则是A. 泡利不相容原理B. 洪特规则C. 能量最低原则和洪特规则D. 能量最低原则和泡利不相容原理【答案】A【解析】【详解】3d 能级上最多只能排布 10 个电子依据的原则泡利不相容原理，故答案选：A。4.下列关于晶体与化学键关系的说法中，正确的是A. 分子晶体中一定存在共价键B. 离子晶体中可能存在共价键C. 共价晶体中可能存
5、在离子键D. 含有离子的晶体一定是离子晶体【答案】B【解析】【详解】A. 单原子分子中没有共价键，如稀有气体是单原子的分子晶体，不含共价键，故A错误；B. 离子晶体中可能存在共价键，如NaOH中存在共价键，故B正确；C. 共价晶体中只存在共价键，不可能存在离子键，故C错误；D. 含有离子的晶体不一定是离子晶体，如金属晶体中含有金属阳离子，故D错误；故答案选：B。5.实验室利用乙醇催化氧化法制取并提纯乙醛的实验过程中，下列装置未涉及的是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】乙醇催化氧化生成乙醛和水：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+H2O，结合相关装置分析【详解】A、分离
6、提纯得到乙醛用蒸馏法，蒸馏要用到该装置，故A不选；B、B装置是乙醇的催化氧化装置，故B不选；C、提纯乙醛不用分液法，故用不到分液漏斗和烧杯，C选；D、蒸馏法提纯乙醛要用到冷凝管，故D不选；故选C。6.下列提纯物质选用的试剂（或操作）和原理均正确的是物质（杂质）试剂（或操作）原理AA乙烯（二氧化硫）溴水二氧化硫能与溴水反应B溴苯（溴）乙醇溴易溶于乙醇C正丁醇（乙醚）蒸馏正丁醇与乙醚沸点相差较大D乙烷（乙烯）酸性KMnO4溶液乙烯能与酸性KMnO4溶液反应A. AB. BC. CD. D【答案】C【解析】【详解】A.乙烯与二氧化硫均能与溴水反应，不能用溴水除去乙烯中的二氧化硫，故A错误；B.溴苯与
7、溴均溶于乙醇，不能用乙醇除去溴苯中的溴，故B错误；C. 正丁醇和乙醚沸点相差较大，可以用蒸馏的方法分离，故C正确；D.乙烯能被酸性KMnO4 溶液氧化成二氧化碳气体，生成新的杂质，故D错误；故答案选：C。【点睛】乙烯能被酸性KMnO4溶液氧化成二氧化碳气体，生成新的杂质二氧化碳。7.下列离子中，中心原子的杂化方式与其它不同的是A. SO42-B. PO43C. CO32-D. SO32-【答案】C【解析】【详解】A.SO42-中S的价层电子对数：，S为sp3杂化；B.PO43中P的价层电子对数：，P为sp3杂化；C. CO32-中C的价层电子对数：，C为sp2杂化；D. SO32-中S的价层电
8、子对数：，S为sp3杂化；综上所述，A、B、D项中均为sp3杂化；C项中为sp2杂化，故答案选：C。【点睛】根据价层电子对互斥理论，价层电子对数=键电子对数+孤电子对数8.临床证明磷酸氯喹对治疗“新冠肺炎”有良好的疗效。磷酸氯喹的结构如图所示。下列有关磷酸氯喹的说法错误的是（ ）A. 分子式是C18H32ClN3O8P2B. 能发生取代、加成和消去反应C. 1mol磷酸氯喹最多能与5molH2发生加成反应D. 分子中的C1被OH取代后的产物能与溴水作用生成沉淀【答案】B【解析】【详解】A根据该分子的结构简式可知分子式为C18H32ClN3O8P2，故A正确；BCl原子连接在苯环上，不能发生消去
9、反应，故B错误；C苯环、碳碳双键、氮碳双键均可加成，所以1mol磷酸氯喹最多能与5molH2发生加成反应，故C正确；D分子中的C1被OH取代后变成酚羟基，且其邻位碳原子有空位，可以与溴水作用生成沉淀，故D正确；故答案为B。9.下列选项中，实验结论错误的是选项实验操作现象结论A常温下，将二氧化碳通入苯酚钠溶液溶液变浑浊酸性：碳酸苯酚B将甲烷与氯气光照反应后的混合气体通入石蕊溶液石蕊变红生成的氯甲烷具有酸性C将乙醇与重铬酸钾（K2Cr2O7）溶液混合橙色溶液变为绿色乙醇具有还原性D将苯和苯酚稀溶液分别与浓溴水混合后者产生白色沉淀羟基影响了苯环的活性A. AB. BC. CD. D【答案】B【解析】
10、【详解】A. 常温下，将二氧化碳通入苯酚钠溶液，溶液变浑浊，说明碳酸和苯酚钠反应生成苯酚，根据“强酸制弱酸”的复分解反应规律，所以酸性：碳酸苯酚，故A正确；B.将甲烷与氯气光照反应后的混合气体通入石蕊溶液，石蕊变红，是反应生成的HCl溶于水电离出H+使石蕊变红，故B错误；C.重铬酸钾(K2Cr2O7)有强氧化性，与乙醇混合，橙色溶液变为绿色，则Cr2O72被还原为Cr3+，乙醇被氧化为乙酸，则乙醇表现还原性，故C正确；D.苯酚溶液与溴水发生反应生成三溴苯酚，苯与溴水不反应，说明苯酚中苯环H原子比苯中活泼，这是由于苯酚中羟基与苯环直接连接，羟基影响了苯环的活性，故D正确；故答案选：B。10.实验
11、室回收废水中苯酚的过程如图所示。下列分析错误的是A. 操作为萃取、分液，萃取剂也可以用选用 CCl4B. 苯酚钠是离子化合物，在苯中的溶解度比在水中的小C. 通过操作，苯可循环使用，三步操作均需要分液漏斗D. 苯酚沾到皮肤上，需用 NaOH 溶液清洗后，再用大量水不断冲洗【答案】D【解析】【分析】用苯萃取废水中的苯酚，进行分液得到苯酚的苯溶液，再加入氢氧化钠溶液，苯酚与氢氧化钠反应得到苯酚钠，苯与苯酚钠溶液不互溶，再进行分液操作分离苯与苯酚钠溶液，苯可以循环利用，苯酚钠溶液中加入盐酸得到苯酚和NaCl溶液，同样经过分液操作进行分离得到苯酚，据此分析作答。【详解】A. 操作I是用苯萃取废水中的苯
12、酚，进行分液得到苯酚的苯溶液，苯为萃取剂，苯酚在CCl4中的溶解度远大于在水中的溶解度、且四氯化碳与水不互溶，也可用四氯化碳作萃取剂，故A正确；B. 苯酚钠属于钠盐，是离子化合物，易溶于水，在苯中的溶解度比在水中的小，故B正确；C. 操作、均涉及分液操作，用到分液漏斗，通过操作，苯可循环使用，故C正确；D. NaOH具有腐蚀性，苯酚沾到皮肤，不能用NaOH溶液清洗，应用酒精清洗，故D错误；故答案选：D。二、选择题：本题共 5 小题，每小题 4 分，共 20 分。每小题只有 1 个或 2 个选项符合 题意，全部选对得 4 分，选对但不全的得 1 分，有选错的得 0 分。11.下列说法正确的是A.
13、 分子式 C8H10 的苯的同系物共有 3 种结构B. 与互为同系物C. 三联苯（）的一氯代物有 4 种D. 立方烷（）经硝化可得到六硝基立方烷，其可能的结构有 3 种【答案】CD【解析】【详解】A. 分子式为C8H10的苯的同系物，侧链为乙基或两个甲基，两个甲基有邻、间、对三种位置，则符合条件的同分异构体有乙苯、邻二甲苯、间二甲苯、对二甲苯，共4种，故A错误；B. . 官能团为醇羟基，官能团为酚羟基，官能团不同，不属于同系物，故B错误；C.三联苯中有4种氢原子如图，所以一氯代物有4种，故C正确；D. 立方烷经硝化可得到六硝基立方烷，两个H原子可能是相邻、同一面的对角线顶点上、通过体心的对角线
14、顶点上，所以其可能的结构有3种，故D正确；故答案选：CD。12.晶体场理论认为，基态离子的 d 轨道存在未成对电子时，d 电子发生 d-d 跃迁是金属阳离子在水溶液中显色的主要原因。下列水溶液有颜色的是A. KSCNB. Fe(SCN)3C. Ni(SCN)2D. Zn(SCN)2【答案】BC【解析】【详解】A.基态K+的核外电子排布式为1s22s22p63s23p6、无d电子，水溶液无色，A不选；B.基态Fe3+的价电子排布式为3d5，d轨道有5个未成对电子，根据题意，水溶液有颜色，B选；C.基态Ni2+的价电子排布式为3d8，d轨道有2个未成对电子，根据题意，水溶液有颜色，C选；D.基态Z
15、n2+的价电子排布式为3d10，d轨道没有未成对电子，水溶液无色，D不选；故答案选：BC；【点睛】根据“基态离子的d轨道存在未成对电子时，d电子发生d-d跃迁，金属阳离子在水溶液中显色”，解答本题的关键是判断基态离子的d轨道是否存在未成对电子。13.Y 是合成药物查尔酮类抑制剂的中间体，可由 X 在一定条件下反应制得：下列叙述正确的是A. 反应中加入 K2CO3，能提高 X 的转化率B. X 和 Y 可以用 KMnO4 溶液鉴别C. Y 与 Br2 的加成产物分子中含手性碳原子D. 一个 X 分子中有 11 个键【答案】AC【解析】【详解】A对比X、Y的结构简式，XY的反应可表示为X+BrCH2CH=C（CH3）2Y+HBr，生成的H
