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1、简朴机械一选择题(共18小题)1.（眉山)如图所示，重为50N的物体A在拉力F作用下沿水平面做匀速直线运动.已知滑轮组机械效率为80%，物体运动的速度为/s，下列分析计算对的的是（ )A.物体所受合力为5N 物体受到的摩擦力为2N .拉力F做功的功率为D在1s内机械所做的有用功为50【分析】根据物体运动状态求出物体受到的合力;根据效率公式求出摩擦力；由功率公式求出拉力的功率；由功的计算公式求出有用功.【解答】、物体做匀速直线运动,处在平衡状态,由平衡条件可知，物体所受合力为零，故A错误;、由图示可知,滑轮组承重绳子的有效股数:n=，克服摩擦力做的功为有用功,效率：=10%=100=00%,则f
2、=nF=38%N12N,故对的;C、拉力的功率P=nF物体=35N/s=,故C错误；D、在10内机械所做的有用功Ws=fvt=12Nm/s0s=120J,故D错误;.(安顺)如图甲所示，长16m、粗细均匀的金属杆可以绕点在竖直平面内自由转动,一拉力位移传感器竖直作用在杆上，并能使杆始终保持水平平衡该传感器显示其拉力F与作用点到点距离的变化关系如图乙所示据图可知金属杆重（ )A5N B.10N C20N D.40【分析】金属杆已知长度，且质地均匀,其重心在中点上，将图示拉力F与作用点到点距离的变化关系图赋一数值，代入杠杆平衡条件求出金属杆重力.【解答】解:金属杆重心在中心上,力臂为1=0.8m，
3、取图象上的一点F2N，L=0.4m,根据杠杆的平衡条件:动力动力臂=阻力阻力臂=FL2 0.8=20N4 解得:G=10N3（黄冈校级自主招生）n个动滑轮和一种定滑轮构成滑轮组，每个动滑轮的质量与所悬挂的物体质量相等.不计一切摩擦和绳的重力,滑轮组平衡时拉力大小为F,如图所示.若在图示中再增长一种同样质量的动滑轮，其他条件不变,则滑轮组再次平衡时拉力大小为( )A BF C DF【分析】根据滑轮组的省力状况=(G动）逐级分析，找出规律.【解答】解:每个动滑轮的质量与所悬挂的物体质量相等,可设它们的重力均为,第一种动滑轮，拉力F1(+G动)=(G+)=G,第二个动滑轮，拉力F=(F1+G动）=（
4、G)，第三个动滑轮，拉力F3=（F2+G动)（G)=G,第n个动滑轮，拉力Fn（+G动）=(G+G)=,滑轮组平衡时拉力大小为F,则再增长一种同样质量的动滑轮时,滑轮组再次平衡时拉力仍为F.(南宁）如图所示，有一质量不计的长木板，左端可绕O点转动，在它的右端放一重为G的物块,并用一竖直向上的力F拉着，当物块向左匀速滑动时,木板始终在水平位置保持静止,在此过程中，拉力( ).变小 B.变大 C不变 D先变大后变小【分析】如图,在物体运动时间t后,杠杆受到物体的压力(阻力)等于物体重力,再拟定动力臂和阻力臂,根据杠杆平衡得出F与t的关系式进行判断.【解答】解：如图，长木板长为L，则动力臂为L,杠杆
5、受到物体的压力（阻力）F=G，阻力臂为L2，杠杆平衡，F=FL=L2， F= 由此可知，当物块向左匀速滑动时,2变小，F变小.故选A5.(阜新)用下列简朴机械,使物重同为G的物体都处在静止状态，不计摩擦、机械自重及绳重,其中用力最小的是( ）C.【分析】在不计摩擦、机械自重及绳的重量的抱负状况下：根据杠杆的平衡条件F1L=F2L2可知动力的大小；滑轮组绳子末端的拉力=G.A、根据杠杆的平衡条件F1L1F2L2可知，F1=G; B、定滑轮不省力，F=G;C、动滑轮省一半的力，3=; D、滑轮组由两段绳子承当，F=G.由此分析比较可知F最小6（包头)如图所示,物体放在水平桌面上,物体A通过滑轮组拉
6、着物体B,此时物体B保持静止状态当用竖直向下2的力拉重为1的物体A时，能使物体B以06m/s的速度匀速向右运动,若只用水平向左的力F拉物体时，能使物体A以.3/s速度匀速上升,不计滑轮重、绳重及滑轮间的摩擦.下列判断对的的是( ）A.物体受到的摩擦力为6N B拉力2大小为10N C.拉力2的功率为12W D.拉力F1的功率为0.4【分析】由滑轮组的构造看出，n3，则=3h；当保持静止时,所受的摩擦力等于的重力的倍;当B水平匀速向右运动时,所受的摩擦力等于A的重力与力F1之和的3倍;水平向左拉物体B时，A所受的拉力等于A的重力，也就是拉力2与所受摩擦力之差;然后对各选项逐个分析.【解答】解：A、
7、当B水平匀速向右运动时，=3（F1GA)(2+）=N;故A错误；B、水平向左拉物体B时,由平衡条件得：F2=3Gf=3GAf=31NN1N;故B错误；C、水平向左拉物体时，的移动速度为vB=0/s,拉力F2功率为P2=FB=1N0.ms=1.W；故C对的;、用力竖直向下拉物体A时，拉力F的功率P1=1v=2N30.6m/s=6，故D错误.故选:C(济宁)小梦在做探究杠杆平衡条件的实验时，先在杠杆两侧挂钩码进行实验探究,再用弹簧测力计取代一侧的钩码继续探究，如图所示，她这样做的最后目的是( ）A.便于直接读出拉力的大小 B.便于提供不同方向的拉力 C.便于对的结识力臂 D.便于测量力臂的大小【分
8、析】（1)从支点到力的作用线的距离叫力臂.（2)杠杆平衡的条件:动力动力臂阻力阻力臂，即:F1l1=F2l2【解答】解:从支点到力的作用线的距离叫力臂,在杠杆两侧挂钩码，由于重力的方向是竖直向下的，力臂在杠杆上可以直接读出，当用弹簧测力计拉,若弹簧测力计倾斜时，拉力不再与杠杆垂直,这样力臂会发生变化,相应变短，根据杠杆的平衡条件，力会相应增大，才干使杠杆仍保持平衡，这样做实验可以加深学生对力臂的对的结识.故选:C.8.（衢州）如图所示，杠杆AB能绕O点转动,在A点挂一重物G，为保持杠杆在水平位置平衡,在点分别作用的四个力中最小的是( )A.F B2 C.F3 DF4【分析】由杠杆平衡条件FLF
9、2L2可知,在阻力和阻力臂都一定的状况下，动力臂越长则动力越小因此要判断哪个动力最小，就看哪个动力相应的动力臂最长.支点与动力作用点之间的连线就是最长的动力臂,与这条动力臂垂直的力即为最小动力【解答】解:由图可知，动力3与OB垂直,则动力F3相应的动力臂就是，它是最长的动力臂由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知,在阻力和阻力臂都一定的状况下,动力臂越长则动力越小由于F3相应的动力臂最长,因此最小故选：C.(绥化）如图所示,小明用一可绕O点转动的轻质杠杆,将挂在杠杆下的重物提高，她用一种始终与杠杆垂直的力F,使杠杆由竖直位置缓慢转到水平位置,在这个过程中此杠杆（ )A.始终是省力的 B.先是省力
10、的,后是费力的 C.始终是费力的 D先是费力的，后是省力的【分析】(）力臂的概念:从支点到力的作用线的距离叫做力臂(）运用杠杆的平衡条件Fl1=Fl2分析动力的大小变化.【解答】解；由图可知动力1的力臂始终保持不变,物体的重力G始终大小不变,在杠杆从竖直位置向水平位置转动的过程中，重力的力臂逐渐增大，在L2L1之前杠杆是省力杠杆,在L21之后,杠杆变为费力杠杆故选B10(澧县模拟)如图所示是使用简朴机械匀速提高同一物体的四种方式(不计机械自重和摩擦)，其中所需动力最小的是（）A.B.械自重和摩擦，运用F=求的大小；C、求出动力臂和阻力臂的大小关系,运用杠杆平衡条件得出F大小；D、不计机械自重和
11、摩擦，拉力做的功等于提高物体做的功，据此求出拉力大小;【解答】解：B、由图知n=3,不计机械自重和摩擦，F=G,AB图中的拉力相等,等于G；、如图,OC：=：O=3m：m=3：4，FO=GOC，FG=G,D、不计机械自重和摩擦，Fs=Gh,FG=,由上述分析可知，运用斜面动力最小故选D1.（泰州）如图所示的滑轮组，每个滑轮重为2N，绳重及摩擦不计用它匀速提高重为100的物体，所用的拉力是（）A50N .6N C7N .12N【分析】做有关滑轮组的计算题一方面要判断承当重物的绳子股数，图中最后一段是由定滑轮引出来的,因此绳子股数是2题中告诉了我们不计绳重及摩擦,2段绳子承当物重和动滑轮重，根据F
12、=（G+动)计算即可【解答】解：图中绳子股数n=，不计绳重及摩擦,因此拉力为：=(G+G动）（00N20）0N故选:B12.(厦门)用细绳系住厚度不均匀的木板的O处，木板正好处在静止状态，且上表面保持水平如图所示，两玩具车同步从O点附近分别向木板的两端匀速运动，要使木板在此过程始终保持平衡，必须满足的条件是（)两车的质量相等B两车的速度大小相等 C质量较小的车速度较大 D.两车同步达到木板两端【分析】根据杠杆的平衡条件L1=F2L2分析解答即可木板本来是平衡的，两玩具车同步从点附近分别向木板的两端匀速运动,若保持木板平衡根据杠杆的平衡条件:GL1=GL2,即:mv1t=mv2t， m1v1=m
13、v2，A、两车的质量相等,速度不同则不能平衡,故A错误;B、车的速度大小相等,质量不同不能平衡,故B错误；C、质量较小的车速度较大，故对的;、须满足与两端距支点距离相等才干平衡，故D错误13.（通辽)如图，手持10kg物体保持平衡，此时肱二头肌收缩所承受的力一定（ ）A不小于8N B不不小于8N 等于98N D等于0kg【分析】一方面拟定杠杆的支点、动力、阻力及相应的动力臂和阻力臂,根据杠杆的平衡条件12L2,并结合力臂的概念进行分析【解答】解：由图知，物体的重力为=mg=1kg9.Nkg98N；肱二头肌的拉力为动力，物体对手的压力为阻力，支点在肘，因此动力臂不不小于阻力臂,根据杠杆平衡条件：F1=FL 1L2 F1F2即肱二头肌收缩所承受的力一定不小于N.故选:A4.(烟台）如图所示,一根质地均匀的木杆可绕O点自由转动，在木杆的右端施加一种始终垂直于杆的作用力F，使杆从OA位置匀速转到OB位置的过程中，力F的大小将（ )A.始终是变大的 B始终是变小的 C先变大，后变小
