《崇文区高三物理目标检测标准详解》由会员分享，可在线阅读，更多相关《崇文区高三物理目标检测标准详解（39页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、word高三目标检测参考答案综合练习一 力学一一、 选择题123456789101112CCCABCACBCAA二、 计算题13. 1弹簧枪对弹丸所作的功等于弹丸射出弹簧枪时的动能由功能关系： w=EKA=mVA2=075J (2)弹丸从弹簧枪膛射出至落到沙坑时A到B的过程中，不计空气阻力,机械能守恒初态： EA=m VA2mgh 末态： EB=m VB2弹丸落到沙坑时的动能EKB= m VA2mgh =375J (3)弹丸在沙坑中运动B到C的过程初态： EB=m VB2mgs末态： EC=0 由于弹丸受到沙坑的阻力，所以机械能不守恒，由功能关系：W阻= ECEB=378J 14. 不正确。第
2、三个2s时间内力F做功较多。第二个2s内物块通过的位移是s2=4m；力F做功W23412J第三个2s内物块通过的位移是s3=8m；力F做功W32816J可知W3W2，即力F在第三个2s时间内做功较多。物块的动能变化等于作用在物块上所有力做功的代数和，即等于力F做功与摩擦力f做的负功的代数和。力F和f对物块做功除了跟力的大小有关外，还跟那段时间内物块通过的位移有关。15.解：a8 m/s2；mgfma，fmgma160N大约是39.5格，所以h4158 m；Wfmghmv2105 Jh2500158342 mt2342/657 s，t71 s16. 解： 设B在绳被拉断后瞬间的速度为vB，到达C
3、点的速度为vC ，有得 v5 m/s设弹簧恢复到自然长度时B的速度为v1，取水平向右为正方向，有ImBvBmBv1得 I4 Ns，其大小为4Ns设绳断后A的速度为vA，取水平向右为正方向，有mBv1mBvBmAvA得 W8 J综合练习二 力学二一、选择题123456789101112CABDBDDDCBCA二、填空、计算题13. 返回舱与人在火星外表附近 G= mg设轨道舱速度为V G= m0宇航员乘坐的返回舱与轨道舱对接时具有的动能Ek =mV2 = 返回舱返回轨道舱需要的能量至少为E = Ek +W = mgR(1)14. 1沿x轴物体运动的加速度 ax = 2 第1s末物体的位移S1S1
4、=at2= 0.05m 2 1s末物体的速度V1x = at = 0.1 m/s第2s内物体沿x轴方向做匀速运动，沿y轴方向做匀加速直线运动 V2x = V1x = 0.1 m/s ay =2 V2y= ayt = 0.1 m/s 物体在2s末的速度V2 = yxO/m(东)/m(北)01020101020202013如下列图， 15. 1小汽车冲上桥顶的过程中机械能守恒，有解得小汽车冲上桥顶时的速度v=15 m/s。2小汽车通过桥顶时做圆周运动，受重力mg、支持力F，有圆弧半径R，有，解得圆弧的半径R260 m小汽车对桥面的压力大小等于支持力F9500N16. (1)375kW (2)250
5、00N17. (1)设物体A、B相对于车停止滑动时，车速为v，根据动量守恒定律m(v1 - v2) =M+2mv v=06m/s 2分 方向向右 (2)设物体A、B在车上相对于车滑动的距离分别为 L1、L2，车长为L，由功能关系mg(L1+ L2) =m v12+m v22M+2mv2 L1+ L2=68m 车长最小为L=L1+ L2=68m (3) 车的运动分为三个阶段： A、B两物体同时在车上滑行时，对车的摩擦力均为mg，方向相反，车受到平衡力保持不动，当B的速度减为零时，此过程完毕。根据牛顿第二定律 a=g物体B停止滑动的时间 t= v2/ a=10s 物体B停止运动后，物体A继续在车上
6、滑动，到时刻t2物体A与车有共同速度v t2= (v1 v)/ a=22st2以后车以速度v做匀速直线运动到t= 40s为止物体的速度图线如下列图18. 1 设小物体C从静止开始运动到A点时速度为，由机械能守恒定律设C与A碰撞粘在一起时速度为，由动量守恒定律FmgB求出2mgFA、C2 A与C一起将在竖直方向作简谐运动。当A与C运动到最高点时，回复力最大，加速度最大。A、C受力图，B受力图如右图B受力平衡有F = mg 对A、C应用牛顿第二定律F + 2mg = 2ma 求出a = 1.5g AB新平衡位置原平衡位置弹簧原长位置最高点xxvC3 设弹簧的劲度系数为k开始时A处于平衡状态，设弹簧
7、的压缩形变量为x对A有当A与C运动到最高时，设弹簧的拉伸形变量为x对B有由以上两式得因此，在这两个位置时弹簧的弹性势能相等：E弹E弹对A、C，从原平衡位置到最高点，根据机械能守恒定律E弹 E弹解得综合练习三 电磁一一、选择题123456789101112BBCBCACACDBB二、填空、计算题10314. (1)T1=0 (2)T2=2mg(1-cos)15. 1此情况下，终端功率：P=P-E/T=800kw-9600kwh24h=400kw输电效率 =PP=400kw800kw=50%2设：高压输送线路的导线电阻为r.由题意知；原来线路损耗：P损1=I12r = 400kw 而：UI1 =P
8、现在线路损耗：P损2=P1-98%=I22 r，而：UI2=P, U/U=n1/n2 得 n1n2=1/516. 1cd边刚进入磁场时，线框速度v=(2)此时线框中电流 I=cd两点间的电势差U=I()=(3)安培力 F=BIL=根据牛顿第二定律mg-F=ma,由a=0解得下落高度满足 h=17. 设粒子过N点的速度为v，有v2v0粒子从M点到N点的过程，有粒子在磁场中以O为圆心做匀速圆周运动，半径为ON，有v0BMOxNPOy由几何关系得：ON rsin设粒子在电场中运动的时间为t1，有ON v0t1粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期设粒子在磁场中运动的时间为t2，有tt1t2得 18. 1当
9、ab棒与cd棒速度一样时，cd棒的速度最大，设最大速度为由动量守恒定律 2由能量守恒关系 Qmv2mvQmv3设：ab棒的速度为时， cd棒的速度为由动量守恒定律 I=Icd棒受力为 此时cd棒加速度为 综合练习四 电磁二一、选择题12345678910ACDCACDDDC二、计算题11.开关S2接通时外电路的总电阻R.开关S2断开时外电路的总电阻R；开关S2接通和断开时的电流比开关S2接通和断开时的电压表的示数之比开关S2接通和断开时的电流表的示数之比。121由e=220sin100t VEm=311V有效值E=220V 频率f=50Hz(2)Em=NBS得BEm/NS=311/100314
10、(3)线圈从中性面转过/3，即t/3e=220sin/3110 V131设小球对轨道的压力为N由动能定理mgR(1cos)+EqRsin=mv2/2v=Nmg=m v2/R由牛顿第三定律NN=mgm v2/R2mg2设小球落地点距B点水平距离为SSVt h=gt2/2S=14. (1)01秒内电场力方向向下据F合maqE0+ mgsin=maE0=mg/q qE0= mg2mg sin=maa=2g sinS= at2/2= g sin(2) 12秒内电场力方向向上qE0= mg小球受洛伦兹力作用在竖直平面内作匀速圆周运动V=at=2g sinT2m/Bq=1sR=mv/Bq= gsin/Sm
11、ax=2R=2gsin/15. 1导线上损失的功率为P=I2R=(损失的功率与输送功率的比值2风垂直流向风轮机时，提供的风能功率最大.单位时间内垂直流向叶片旋转面积的气体质量为pvS,S=r2风能的最大功率可表示为P风=采取措施合理，如增加风轮机叶片长度，安装调向装置保持风轮机正面迎风等。（3） 按题意，风力发电机的输出功率为P2=kW=160 kW最小年发电量约为W=P2t=1605000 kWh=8105kWh16. 1ab棒下落过程中切割磁感线，产生感应电动势，但没有感应电流，只有落到最低点时接触导轨与导轨组成闭合回路时，才有感应电流产生。 棒在向下、向上运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒。最低点的速度为 v1 = = 4 m/s v1= = 3 m/s 当ab运动到最低点的瞬间，回路产生感应电流，磁场对ab、cd棒均有安培力作用，系统在水平方向上合外力为零，设cd棒获得的速度大小为v2，由动量守恒m1v1=m v1 + m2 v2v2= 05m/s (2)当ab棒与导轨接触的一段时间内，安培力对ab棒有冲量作用，使棒的动量发生变化BILt = m1 v1 m1 v1BLq = m1 v1 m1 v1q = 1C 3根据能量转化与守恒定律，对系统有m1 g h1
