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1、天津市河西区 2021 届第二次新高考模拟考试物理试卷一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 5 分，共 30 分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 题目要求的1如图所示，一细线的一端固定于倾角为 45的光滑楔形滑块 A 上的顶端 O 处，细线另一端拴一质量为m=0.2kg 的小球静止在 A 上若滑块从静止向左匀加速运动时加速度为 a(取 g 10m/s2)则( )A 当 a=5m/s2时，线中拉力为322NB 当 a=10m/s2时, 小球受的支持力为 2NC 当 a=12m/s2时, 经过 1 秒钟小球运动的水平位移是 6mD 在稳定后，地面对 A 的支持力一定小于两个物体的重力之
2、和【答案】A【解析】【详解】当小球对滑块的压力恰好等于零时，小球所受重力 mg 和拉力 T 使小球随滑块一起沿水平方向向左加速运动，由牛顿运动定律得小球和滑块共同的加速度为：a0mg tan45m10m /s2A 当a 5m /s2 a010m /s2时，斜面对小球有支持力，将小球所受的力沿加速度方向和垂直于加速度方向分解，有：Tcos45 Nsin45 ma，Tsin45 Ncos45 mg，联立解得：T3 22N ，故 A正确；B 当a 10m /s2 a010m /s2时，斜面对小球恰好没有支持力，故 N=0 ，故 B 错误；C 当a 12m /s2 a010m /s2时，滑块的位移为x
3、12at2 6m，而小球要先脱离斜面，然后保持与滑块相同的运动状态，故在这 1s 内小球运动的水平位移小于 6m ，故 C 错误；D 在稳定后，对小球和滑块A 整体受力分析可知，在竖直方向没有加速度，故地面对 A 的支持力等于两 个物体重力之和，故 D 错误2如图所示，a、b 两个小球用一根不可伸长的细线连接，细线绕过固定光滑水平细杆 CD ，与光滑水平细杆口接触，C 、D 在同一水平线上。D 到小球 b 的距离是 L ，在 D 的正下方也固定有一光滑水平细杆DE 。D 、E 间距为L2，小球 a 放在水平地面上，细线水平拉直，由静止释放 b，当细线与水平细杆 E 接触的一瞬间，小球 a 对地
4、面的压力恰好为 0，不计小球大小，则下列说法正确的是A 细线与水平细杆 E 接触的一瞬间，小球 b 加速度大小不变B 细线与水平细杆 E 接触的一瞬间，小球 b 速度发生变化C 小球 a 与小球 b 质量比为 5：1D 将 D、E 细杆向左平移相同的一小段距离再固定，由静止释放小球 b，线与 E 相碰的一瞬间，小球 a 会离开地面。【答案】C【解析】【详解】AB细线与水平细杆接触瞬间，小球的速度不会突变，但是由与小球做圆周运动半径变小，由 a = 知，其加速度变大，故 A、B 错误；C当细线与水平细杆 E 接触的一瞬间，对小球 a 可知，细线中的拉力为T =m ga对小球 b，由牛顿第二定律可
5、得 2r可T -m g =m b bL22由机械能守恒可得m gL =b12m b2解得m =5 ma b故 C 正确；D将 D、E 细杆向左平移相同的一小段距离 x，则2T -mg =mb b L( +x )2m g (L+x)= b12m b2解得A BkT=m g + b4m g (L+x) bL +2 x5m g =Tb故小球 a 不会离开地面，故 D 错误；故选 C。3如图所示，一块可升降白板沿墙壁竖直向上做匀速运动，某同学用画笔在白板上画线，画笔相对于墙壁从静止开始水平向右先匀加速，后匀减速直到停止取水平向右为 x 轴正方向，竖直向下为 y 轴正方向， 则画笔在白板上画出的轨迹可能
6、为( )ABCD【答案】D【解析】【分析】找出画笔竖直方向和水平方向的运动规律，然后利用运动的合成与分解进行求解即可；【详解】由题可知，画笔相对白板竖直方向向下做匀速运动，水平方向先向右做匀加速运动，根据运动的合成和分解可知此时画笔做曲线运动，由于合力向右，则曲线向右弯曲，然后水平方向向右减速运动，同理可知轨 迹仍为曲线运动，由于合力向左，则曲线向左弯曲，故选项 D 正确，ABC 错误。【点睛】本题考查的是运动的合成与分解，同时注意曲线运动的条件，质点合力的方向大约指向曲线的凹侧。4如图甲所示，在某电场中建立 x 坐标轴，A、B 为 x 轴上的两点，x 、x 分别为 A、B 两点在 x 轴上的
7、坐标值。一电子仅在电场力作用下沿 x 轴运动，该电子的动能 E 随其坐标 x 变化的关系如图乙所示。则 下列说法中正确的是（ ）AA 点的电场强度小于 B 点的电场强度B A 点的电场强度等于 B 点的电场强度C A 点的电势高于 B 点的电势D 电子由 A 点运动到 B 点的过程中电势能的改变量DE =E -E p kB kA【答案】B【解析】【分析】【详解】AB根据动能定理得知：电场力做功等于电子动能的变化，则有E =Eqxk根据数学知识可知，图线的斜率k =qE斜率不变，q 保持不变，说明电场强度不变，所以该电场一定是匀强电场，则E =EAB故 A 错误，B 正确；C由图知，电子从 A
8、到 B 动能增大，电场力做正功，则知电场力方向从 AB，电场线方向从 BA， 根据顺着电场线方向电势降低，则有j jA B故 C 错误；D根据动能定理知WAB=E -E =-DE k B k AP即DE =E -EP k Ak B故 D 错误。故选 B。5一束单色光从真空斜射向某种介质的表面，光路如图所示。下列说法中正确的是（ ）A 此介质的折射率等于 1.5B 此介质的折射率等于 2C 入射角小于 45时可能发生全反射现象ooD入射角大于 45时可能发生全反射现象【答案】B【解析】【分析】【详解】AB折射率sin i sin 45n = = = 2sin r sin 30选项 A 错误，B
9、正确；CD全发射必须从光密介质射入光疏介质,真空射向介质不可能发生全反射，选项 CD 错误。故选 B。6一个物体在多个力的作用下处于静止状态，如果仅使其中某个力的大小逐渐减小到零，然后又逐渐从 零恢复到原来大小，那么，图中能正确描述该过程中物体速度与时间关系的是（ ）ABCD【答案】D【解析】【详解】依题，原来物体在多个力的作用下处于静止状态，物体所受的合力为零，使其中某个力的大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小的过程中，物体的合力从开始逐渐增大，又逐渐减小恢复到零，则物体的加速度先增大后减小，物体先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速度运动。根据速度 时间图象的斜率等于加
10、速度可知，vt 图象的斜率先增大后减小，故 ABC 错误，D 正确。故选 D。二、多项选择题：本题共 6 小题，每小题 5 分，共 30 分在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 要求全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分7如图所示是导轨式电磁炮的原理结构示意图。两根平行长直金属导轨沿水平方向固定，其间安放炮弹。炮弹可沿导轨无摩擦滑行，且始终与导轨保持良好接触。内阻为r 可控电源提供的强大恒定电流从一根导轨流入，经过炮弹，再从另一导轨流回电源，炮弹被导轨中的电流形成的磁场推动而发射。在发射过程中，该磁场在炮弹所在位置始终可以简化为磁感应强度为 B 的垂直平行轨道匀强
11、磁场。已知两导轨内侧间距 L，炮弹的质量 m，炮弹在导轨间的电阻为 R，若炮弹滑行 s 后获得的发射速度为 v。不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）A a 为电源负极B 电磁炮受到的安培力大小为 F =mvs2C可控电源的电动势是E =mv ( R +r ) 2 sBLD这一过程中系统消耗的总能量是1 m 2 v 3 ( R +r ) mv 2 +2 2 sB 2 L2【答案】AD【解析】【详解】A 若电源 a、b 分别为负极、正极，根据左手定则可知，受到的安培力向右，则导体滑块可在磁场中向 右加速；故 A 正确；B 因安培力 F=BIL，根据动能定理Fx =12mv2所以F =mv 22s选
12、项 B 错误；C由匀加速运动公式a =v 2 -02s由安培力公式和牛顿第二定律，有 F=BIL=ma根据闭合电路欧姆定律根据闭合电路欧姆定律I =ER +r联立以上三式解得E =mv 2 ( R +r ) 2sBLk选项 C 错误；D因这一过程中的时间为t =2 sv所以系统产生的内能为 Q=I2（R+r）tE =mv 2 ( R +r ) 2sBL联立解得Q =m2 v 3 ( R +r ) 2sB 2 L2炮弹的动能为1E = mv22由能的转化与守恒定律得这一过程中系统消耗的总能量为E =Q +E =k所以 D 正确。故选 AD。1 m 2 v 3 ( R +r ) mv 2 +2 2 sB 2 L28如图所示，O O1 2是半圆柱形玻璃体的对称面和纸面的交线，A、B 是关于O O1 2轴等距且平行的两束不同单色细光束，从玻璃体右方射出后的光路如图所示，MN
