《湖南省株洲市醴陵四中2023-2024学年高一上数学期末综合测试试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湖南省株洲市醴陵四中2023-2024学年高一上数学期末综合测试试题含解析（13页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、湖南省株洲市醴陵四中2023-2024学年高一上数学期末综合测试试题注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（本大题共10小题；在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，请将正确选项填涂在答题卡上.）1已知，则直线与直线的位置关系是（ ）A.平行B.相交或
2、异面C.异面D.平行或异面2已知，则，的大小关系为（）A.B.C.D.3函数的零点所在的区间（ ）A.B.C.D.4设a，b，c，则a，b，c的大小关系是（）A.B.C.D.5下面四种说法：若直线异面，异面，则异面；若直线相交，相交，则相交；若，则与所成的角相等；若，则.其中正确的个数是()A.4B.3C.2D.16已知函数的定义域和值域都是，则（ ）A.B.C.1D.7已知的值域为，那么的取值范围是（ ）A.B.C.D.8设，为平面向量，则“存在实数，使得”是“向量，共线”的（）A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件9若，且，则的值是A.B.C.D.
3、10为了得到函数的图象，只需把函数的图象（）A.向左平行移动个单位长度B.向右平行移动个单位长度C.向左平行移动个单位长度D.向右平行移动个单位长度二、填空题（本大题共5小题，请把答案填在答题卡中相应题中横线上）11函数的定义域为_12已知扇形的圆心角为，面积为，则该扇形的弧长为_.13正三棱锥中，则二面角的大小为_14函数的单调递增区间为_.15不等式的解集是_.三、解答题（本大题共6小题.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.）16设函数是定义R上的奇函数（1）求k的值；（2）若不等式有解，求实数a的取值范围；（3）设，求在上的最小值，并指出取得最小值时的x的值17（1）计算（2）已知角
4、的终边过点，求角的三个三角函数值18设函数（1）写出函数的最小正周期及单调递减区间；（2）当时，函数的最大值与最小值的和为，求不等式的解集19已知（1）若为第三象限角，求的值（2）求的值（3）求的值20已知且满足不等式.（1） 求不等式； （2）若函数在区间有最小值为，求实数值21如图，在中，点在的延长线上，点是边上的一点，且存在非零实数，使.（）求与的数量积；（）求与的数量积.参考答案一、选择题（本大题共10小题；在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，请将正确选项填涂在答题卡上.）1、D【解析】由直线平面，直线在平面内，知，或与异面【详解】解：直线平面，直线在平面内，或与异面，故选
5、：D【点睛】本题考查平面的基本性质及其推论，解题时要认真审题，仔细解答2、B【解析】通过计算可知，从而得出，的大小关系.【详解】解：因为，所以，所以.故选：B.3、B【解析】，零点定理知，的零点在区间上所以选项是正确的4、C【解析】根据指数和幂函数的单调性比较大小即可.【详解】因为在上单调递增，在上单调递减所以，故.故选：C5、D【解析】对于，直线a，c的关系为平行、相交或异面故不正确对于，直线a，c的关系为平行、相交或异面故不正确对于，由异面直线所成角的定义知正确对于，直线a，c关系为平行、相交或异面故不正确综上只有正确选D6、A【解析】分和，利用指数函数的单调性列方程组求解.【详解】当时，
6、方程组无解当时，解得故选：A.7、C【解析】先求得时的值域，再根据题意，当时，值域最小需满足，分析整理，即可得结果.【详解】当，所以当时，因为的值域为R，所以当时，值域最小需满足所以，解得，故选：C【点睛】本题考查已知函数值域求参数问题，解题要点在于，根据时的值域，可得时的值域，结合一次函数的图像与性质，即可求得结果，考查分析理解，计算求值的能力，属基础题.8、A【解析】结合充分条件和必要条件的概念以及向量共线即可判断.【详解】充分性：由共线定理即可判断充分性成立；必要性：若，则向量，共线，但不存在实数，使得，即必要性不成立.故选：A.9、B【解析】由已知利用同角三角函数基本关系式可求，的值，
7、即可得解【详解】由题意，知，且，所以，则，故选B【点睛】本题主要考查了同角三角函数基本关系式在三角函数化简求值中的应用，其中解答中熟练应用同角三角函数的基本关系式，准确求解是解答的关键，着重考查了运算与求解能力，属于基础题.10、A【解析】根据三角函数图象的变换求解即可【详解】由题意，把函数的图象向左平行移动个单位长度得到故选：A二、填空题（本大题共5小题，请把答案填在答题卡中相应题中横线上）11、【解析】本题首先可以通过分式的分母不能为以及根式的被开方数大于等于来列出不等式组，然后通过计算得出结果【详解】由题意可知，解得或者，故定义域为【点睛】本题考查函数的定义域的相关性质，主要考查函数定义
8、域的判断，考查计算能力，考查方程思想，是简单题12、【解析】由扇形的圆心角与面积求得半径再利用弧长公式即可求弧长.【详解】设扇形的半径为r，由扇形的面积公式得：，解得，该扇形的弧长为.故答案为：.13、【解析】取中点为O，连接VO,BO在正三棱锥中，因为,所以,所以=,所以14、【解析】根据复合函数“同增异减”的原则即可求得答案.【详解】由，设，对称轴为：，根据“同增异减”的原则，函数的单调递增区间为：.故答案为：.15、【解析】由题意，根据一元二次不等式的解法即可求出结果.【详解】由题意，或，故不等式的解集为.故答案为：.【点睛】本题主要考查了一元二次不等式的解法，属于基础题.三、解答题（本
9、大题共6小题.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.）16、（1）1；（2）；（3）最小值，此时.【解析】（1）根据题意可得，即可求得k值，经检验，符合题意；（2）有解，等价为，利用二次函数图象与性质，即可求得答案；（3）由题意，令，可得t的范围，整理可得，利用二次函数的性质，即可求得答案.【详解】（1）因为是定义域为R上的奇函数，所以，所以，解得，所以，当时，所以为奇函数，故；（2）有解，所以有解，所以只需，因为（时，等号成立），所以；（3）因为，所以，可令，可得函数t在递增，即，则，可得函数，由为开口向上，对称轴为的抛物线，所以时，取得最小值，此时，解得，所以在上的最小值为，此时【点睛】
10、解题的关键熟练掌握二次函数的图象与性质，并灵活应用，处理存在性问题时，若，只需，若，只需，处理恒成立问题时，若，只需，若，只需，考查分析理解，计算化简的能力属中档题.17、（1）；（2），【解析】（1）根据指数、对数运算性质求解即可.（2）根据三角函数定义求解即可.【详解】（1）.（2）由题知：，所以，18、（1）最小正周期为；递减区间为：；（2）【解析】（1）化函数为正弦型函数，求出它的最小正周期和单调递减区间；（2）根据时求得的最大值和最小值，由此求得的值，再求不等式的解集【详解】（1），令，函数的递减区间为：（2）由得：，又，不等式的解集为【点睛】方法点睛：三角函数的一般性质研究：1.周
11、期性：根据公式可求得；2.单调性：令，解出不等式，即可求出函数的单调递增区间；令，解出不等式，即可求出函数的单调递减区间.19、（1） （2） （3）【解析】（1）化简式子可得，平方后利用同角三角函数的基本关系求解；（2）分子分母同除以，化切后，由两角和的正切公式可得解；（3）根据二倍角的余弦公式求解.【小问1详解】由可得，平方得，所以，即，因为为第三象限角，所以.【小问2详解】由可得，即，所以【小问3详解】由（1）知，所以.20、（1）；（2）.【解析】（1）运用指数不等式的解法，可得的范围，再由对数不等式的解法，可得解集；（2）由题意可得函数在递减，可得最小值，解方程可得的值试题解析：（1
12、）22a+125a-2.2a+15a-2，即3a3a1， a0，a1 0a1. loga（3x+1）loga（7-5x）.等价为， 即， ， 即不等式的解集为（，）.（2）0a1函数y=loga（2x-1）在区间3，6上为减函数， 当x=6时，y有最小值为-2， 即loga11=-2， a-2=11， 解得a=.21、 ()-18；().【解析】()在中由余弦定理得，从而得到三角形为等腰三角形，可得，由数量积的定义可得()根据所给的向量式可得点在的角平分线上，故可得，所以，因为，所以得到设设，则得到，根据数量积的定义及运算率可得所求试题解析：（）在中，由余弦定理得，所以，所以是等腰三角形，且，所以, 所以（）由,得，所以点在的角平分线上，又因为点是边上的一点，所以由角平分线性质定理得，所以.因为， 所以.设，则，由，得，所以，又，所以 点睛：解题时注意在三角形中常见的向量与几何特征的关系：（1）在中，若或，则点是的外心；（2）在中，若，则点是的重心；（3）在中，若，则直线一定过的重心；（4）在中，若，则点是的垂心；（5）在中，若，则直线通过的内心.
