《安徽省县中联盟2023-2024学年高二上学期12月联考(期中)物理Word版含解析》由会员分享,可在线阅读,更多相关《安徽省县中联盟2023-2024学年高二上学期12月联考(期中)物理Word版含解析(18页珍藏版)》请在金锄头文库上搜索。
1、20232024学年安徽县中联盟高二12月联考物理试题考生注意:1本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分,考试时间75分钟。2答题前,考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3考生作答时,请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效,在试题卷、草稿纸上作答无效。4本卷命题范围:人教版必修第三册全册。一、选择题(本题共10小题,共42分。在每小题给出的四个选项中,第18题中只有一项符合题目要求,每小题4分,第910题有多项符合
2、题目要求,全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)1. 物理学伟大发现离不开科学家的努力与奉献,物理思维的养成离不开对物理学历史的了解,以下符合物理学历史的是()A. 奥斯特发现了电磁感应现象B. 麦克斯韦提出电磁场理论并用实验捕捉到电磁波C. 普朗克提出能量量子化D. 法拉第发现电流的磁效应【答案】C【解析】【详解】AD奥斯特发现了电流的磁效应;法拉第发现了电磁感应现象,使人们对电与磁内在联系的认识更加深入,故AD错误;B麦克斯韦预言了电磁波的存在,并提出了电磁场理论,赫兹通过实验捕捉到了电磁波,证实了麦克斯韦的电磁场理论,故B错误;C普朗克通过对黑体辐射的研究首次提出能量子的
3、概念,故C正确。故选C。2. 如图所示的电路观察电容器的充、放电现象,其中电源电动势为,内阻不计已知电流表中电流从左侧流入,指针向左偏当开关拨到1时,观察充电现象,充电完毕后开关拨到2,观察放电现象,电表均为理想电表下列说法正确的是()A. 若电阻箱阻值调整到,在开关拨到1后,电流表示数逐渐变大,最后稳定在B. 在开关拨到1后,电压表示数逐渐变大,最后稳定在C. 在开关拨到2后,电流表指针向左偏D. 若只增大电阻箱的阻值,则电容器的放电时间变短【答案】B【解析】【详解】A在开关拨到1后,最后稳定时电路是断开的,电流表读数是零,A错误;B在开关拨到1后,电容器处于充电状态,极板的电荷量增大,电压
4、表示数逐渐变大,充电结束时,电压表与电源的电动势相等,最后稳定在,B正确;C在开关拨到2后,电容器放电,负电荷从下极板沿电阻箱电流表流到上极板,则电流从右向左流过电流表,电流表指针向右偏,C错误;D当增大电阻R,导致电容器的放电电流I变小,因电容器的电量Q一定,则由,可知放电电流的时间会延长,D错误。故选B。3. 如图甲所示为某手机电池的说明书,该手机电池的电动势为3.7V,图乙为该电池的原理图,则下列说法正确的是()A. 待机平均电流为B. 电池充满电存储的电能为C. 如图乙电池正在充电D. 电池工作时锂离子会通过外电路【答案】B【解析】【详解】A待机平均电流故A错误;B电池充满电存储的电能
5、为故B正确;C图乙中正电荷向正极移动,电流从负极流向正极,电池在放电,故C错误;D电池工作时锂离子不会通过外电路,外电路中是电子的定向移动,故D错误。故选B。4. 如图所示为一边长为的立方体,在两边放置足够长的直导线,通有相等的电流,已知通电直导线周围某点的磁感应强度大小与电流成正比,与该点到电流的距离成反比电流方向如图所示,若一根无限长直导线通过电流时,所产生的磁场在距离导线处的磁感应强度大小为,下列说法正确的是()A. 两点的磁感应强度大小相等B. 点的磁感应强度小于点的磁感应强度C. 立方体中心处的磁感应强度为0D. 两点的磁感应强度大小均为【答案】B【解析】【详解】C依题意两根导线在立
6、方体中心处的磁感应强度大小相等,方向并非相反,所以中心处的磁感应强度不为0,故C错误;DC、O两点到两根导线的距离都为L,由几何关系结合右手螺旋定则可知两电流在C、O两点的磁感应强度方向相互垂直,根据平行四边形定则可得故D错误;A依题意ND导线在O、M两点的磁感应强度大小相等,而M点到FE导线的距离为,到ND导线的距离为L,FE导线在M点的磁感应强度小于在O点的磁感应强度。且M点处的两个分磁感应强度夹角为钝角,O点处的两个分磁感应强度夹角为直角。所以两导线在M点的磁感应强度小于O点的磁感应强度,故A错误;B由前面分析知C、O两点的磁感应强度大小相等,M点的磁感应强度小于O点的磁感应强度,则点的
7、磁感应强度小于点的磁感应强度,故B正确。故选B。5. 如图所示的坐标系中,以点为圆心,半径的圆周交坐标轴的点分别为、,空间存在平行于平面的匀强电场,规定点所在位置的电势为0。大量电子以的相同初动能从点沿不同方向射出,运动到点和运动到点时的动能相同,且都为。不计电子的重力及电子间的相互作用,下列说法正确的是()A. 点和点等电势,且电势为B. 电场大小,方向为C. 到达点的电子在点的初速度方向一定为D. 一质子由点运动至点,电势能减小【答案】D【解析】【详解】A大量电子从点沿不同方向射出,运动到点和运动到点时的动能增量相同,根据动能定理可知电场力做的正功相同,即所以点和点电势相等;由于电子带负电
8、,即,所以则有即点和点电势应为,故A错误;B电场强度为方向为,故B错误;C由于电场为匀强电场,所以到达点的电子在点的初速度方向不一定为,也有可能为,故C错误;D由于一质子的电荷量为所以质子由点运动至点时,电场力做功为根据可知,电势能减小了,故D正确。故选D。6. 如图所示,在轴上和处分别固定电荷量大小均为的点电荷,它们在轴上形成的电势分布情况如图中曲线,呈对称分布,在处曲线的切线与轴平行。取无穷远处电势为0,静电力常量,电子所带电荷量大小为。下列说法正确的是() A. 这两个点电荷是异种电荷B. 在处电势和电场强度都不为0C. 一个电子在处受到的电场力大小为D. 处的电场强度为且指向轴正方向【
9、答案】C【解析】【详解】A由图可知,各点的电势都为正值,这两个点电荷都是正电荷,故A错误;B由图可知,在处电势不为0,图象的斜率表示电场强度,在处曲线的切线与轴平行,故在电场强度为0,故B错误;C一个电子在处受到的电场力大小为故C正确;D处的电场强度为根据沿电场线电势降低,处的电场强度指向轴负方向,故D错误。故选C。7. 如图所示的电路中,为滑动变阻器,电容器的电容,定值电阻,电源电动势,内阻闭合开关,将的阻值调至时,下列说法中正确的是() A. 电容器两端电压为B. 电容器的电荷量为C. 改变的阻值,滑动变阻器消耗的功率可继续增大D. 电源的效率为【答案】A【解析】【详解】A将R的阻值调至4
10、时,由闭合电路欧姆定律,可计算出滑动变阻器中电流电容器两端电压U=IR=14V=4V故A正确;B电容器的电荷量Q=CU=3010-64C=1.210-4C故B错误;C把定值电阻R0看作电源内阻的一部分,根据电源输出功率最大的条件,将R的阻值调至4时,外电阻R等于定值电阻和内阻之和,此时滑动变阻器的功率为最大值,所以在改变R的阻值,滑动变阻器消耗的功率不会继续增大,故C错误;D电源的效率为故D错误。故选A8. 如图为借助地磁场研究电磁感应现象,在北京某校做如下实验,沿东西方向悬挂一长方形闭合线框,线框边固定在东西方向的转轴上,线框从水平面处由静止释放,顺时针转动到竖直位置地磁场的磁感应强度为,方
11、向与竖直方向成角,取线框初位置磁通量为正关于线框摆动过程中,下列说法正确的是() A. 线框在水平位置时,通过线框平面的磁通量大小为B. 线框在竖直位置时,通过线框平面的磁通量大小为C. 线框从水平位置转到竖直位置过程中,磁通量变化量大小为D. 线框由水平位置转动到竖直位置过程中,线框边内始终无感应电流【答案】B【解析】【详解】A线框在水平位置时,通过线框平面的磁通量大小为故A错误;B线框在竖直位置时,通过线框平面的磁通量大小为故B正确;C线框从水平位置转到竖直位置过程中,磁通量变化量大小为故C错误;D线框由水平位置转动到竖直位置过程中,穿过线圈的磁通量发生变化,则线框边内会产生感应电流,故D
12、错误。故选B。9. 如图甲所示是用多用电表的欧姆挡(“”挡)测电阻时指针的情况如图乙所示为某指针式欧姆表测电阻的原理图,电源电压为,内阻不计,电流计可以测量的最大电流为,将红、黑表笔直接接触,调节,使电流计的示数达到最大,下列说法正确的是()A. 图甲,测量的电阻的阻值约为B. 图乙,虚线框内的总电阻值为C. 图乙,若在红、黑表笔间接入一个待测电阻,电流计的示数变为满偏时的一半,则的阻值D. 图乙,若在红、黑表笔间接入一个待测电阻,电流计的示数变为满偏时的一半,则的功率为【答案】ABD【解析】【详解】A图甲,测量的电阻的阻值约为,故A正确;B图乙,电流计可以测量的最大电流为,则欧姆表内阻,即虚
13、线框内的总电阻值为故B正确;CD图乙,若在红、黑表笔间接入一个待测电阻,电流计的示数变为满偏时的一半,则解得的功率为故C错误,D正确。故选ABD。10. 如图所示,电荷量为的点电荷固定在点,电荷量为、质量为的点电荷绕点沿椭圆轨道运动,轨道两端点到的距离分别为,周期为。不计粒子受到的重力,静电力常量为。下列判断正确的是() A. 电荷在点的速率小于点的速率B. 电荷通过两点加速度之比为C. 若电荷通过点时速度方向不变、大小突然变为,则以后周期变为D. 电荷离开向运动过程中,电势能逐渐变大【答案】BC【解析】【详解】AD两电荷相互吸引,电荷从点到点过程中,引力做负功,动能减小,电势能增大,从向运动
14、过程中,电场力做正功,动能增大,电势能减小,在点的速率大于点的速率,故AD错误;B根据可知,电荷通过两点加速度之比为,故B正确;C若电荷通过点时速度方向不变、大小突然变为,此时刚好满足所以电荷P做圆周运动,类比开普勒第三定律可知解得以后周期故C正确。故选BC。二、非选择题:本题共5小题,共58分11. 在“测定金属的电阻率”实验中: (1)利用螺旋测微器测量金属丝的直径,读数如图甲所示,则直径_;(2)为使金属丝两端电压从0开始测量,部分连线如图丙所示,请完成电路的连线_。正确连接后,某次测量中电流表指针位置如图乙所示,其示数为_A;(3)如图丁所示,在坐标纸上建立坐标并根据4组测量数据标出相应的点,已知金属丝连入长度为,根据给出的相应数据可以估算出该金属丝的电阻率约为_。 ABCD【答案】 . 0.668(0.6660.669) . . 0.52 . C【解析】【详解】(1)1利用螺旋测微器测量金属丝的直径(2)2电压从0开始测量,则滑动变阻器应采用分压接法,电阻丝电阻较小应采用外接法,如图 3电流表量程选用0.6A,分度值为0.02A,则电流表读数为;(3)4根据图像可知,金属丝电阻约为根据得故选C。12. (1)某同学