《安徽省县中联盟2023-2024学年高二上学期12月联考（期中）物理Word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《安徽省县中联盟2023-2024学年高二上学期12月联考（期中）物理Word版含解析（18页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、20232024学年安徽县中联盟高二12月联考物理试题考生注意：1本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4本卷命题范围：人教版必修第三册全册。一、选择题（本题共10小题，共42分。在每小题给出的四个选项中，第18题中只有一项符合题目要求，每小题4分，第910题有多项符合
2、题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1. 物理学伟大发现离不开科学家的努力与奉献，物理思维的养成离不开对物理学历史的了解，以下符合物理学历史的是（）A. 奥斯特发现了电磁感应现象B. 麦克斯韦提出电磁场理论并用实验捕捉到电磁波C. 普朗克提出能量量子化D. 法拉第发现电流的磁效应【答案】C【解析】【详解】AD奥斯特发现了电流的磁效应；法拉第发现了电磁感应现象，使人们对电与磁内在联系的认识更加深入，故AD错误；B麦克斯韦预言了电磁波的存在，并提出了电磁场理论，赫兹通过实验捕捉到了电磁波，证实了麦克斯韦的电磁场理论，故B错误；C普朗克通过对黑体辐射的研究首次提出能量子的
3、概念，故C正确。故选C。2. 如图所示的电路观察电容器的充、放电现象，其中电源电动势为，内阻不计已知电流表中电流从左侧流入，指针向左偏当开关拨到1时，观察充电现象，充电完毕后开关拨到2，观察放电现象，电表均为理想电表下列说法正确的是（）A. 若电阻箱阻值调整到，在开关拨到1后，电流表示数逐渐变大，最后稳定在B. 在开关拨到1后，电压表示数逐渐变大，最后稳定在C. 在开关拨到2后，电流表指针向左偏D. 若只增大电阻箱的阻值，则电容器的放电时间变短【答案】B【解析】【详解】A在开关拨到1后，最后稳定时电路是断开的，电流表读数是零，A错误；B在开关拨到1后，电容器处于充电状态，极板的电荷量增大，电压
4、表示数逐渐变大，充电结束时，电压表与电源的电动势相等，最后稳定在，B正确；C在开关拨到2后，电容器放电，负电荷从下极板沿电阻箱电流表流到上极板，则电流从右向左流过电流表，电流表指针向右偏，C错误；D当增大电阻R，导致电容器的放电电流I变小，因电容器的电量Q一定，则由，可知放电电流的时间会延长，D错误。故选B。3. 如图甲所示为某手机电池的说明书，该手机电池的电动势为3.7V，图乙为该电池的原理图，则下列说法正确的是（）A. 待机平均电流为B. 电池充满电存储的电能为C. 如图乙电池正在充电D. 电池工作时锂离子会通过外电路【答案】B【解析】【详解】A待机平均电流故A错误；B电池充满电存储的电能
5、为故B正确；C图乙中正电荷向正极移动，电流从负极流向正极，电池在放电，故C错误；D电池工作时锂离子不会通过外电路，外电路中是电子的定向移动，故D错误。故选B。4. 如图所示为一边长为的立方体，在两边放置足够长的直导线，通有相等的电流，已知通电直导线周围某点的磁感应强度大小与电流成正比，与该点到电流的距离成反比电流方向如图所示，若一根无限长直导线通过电流时，所产生的磁场在距离导线处的磁感应强度大小为，下列说法正确的是（）A. 两点的磁感应强度大小相等B. 点的磁感应强度小于点的磁感应强度C. 立方体中心处的磁感应强度为0D. 两点的磁感应强度大小均为【答案】B【解析】【详解】C依题意两根导线在立
6、方体中心处的磁感应强度大小相等，方向并非相反，所以中心处的磁感应强度不为0，故C错误；DC、O两点到两根导线的距离都为L，由几何关系结合右手螺旋定则可知两电流在C、O两点的磁感应强度方向相互垂直，根据平行四边形定则可得故D错误；A依题意ND导线在O、M两点的磁感应强度大小相等，而M点到FE导线的距离为，到ND导线的距离为L，FE导线在M点的磁感应强度小于在O点的磁感应强度。且M点处的两个分磁感应强度夹角为钝角，O点处的两个分磁感应强度夹角为直角。所以两导线在M点的磁感应强度小于O点的磁感应强度，故A错误；B由前面分析知C、O两点的磁感应强度大小相等，M点的磁感应强度小于O点的磁感应强度，则点的
7、磁感应强度小于点的磁感应强度，故B正确。故选B。5. 如图所示的坐标系中，以点为圆心，半径的圆周交坐标轴的点分别为、，空间存在平行于平面的匀强电场，规定点所在位置的电势为0。大量电子以的相同初动能从点沿不同方向射出，运动到点和运动到点时的动能相同，且都为。不计电子的重力及电子间的相互作用，下列说法正确的是（）A. 点和点等电势，且电势为B. 电场大小，方向为C. 到达点的电子在点的初速度方向一定为D. 一质子由点运动至点，电势能减小【答案】D【解析】【详解】A大量电子从点沿不同方向射出，运动到点和运动到点时的动能增量相同，根据动能定理可知电场力做的正功相同，即所以点和点电势相等；由于电子带负电
8、，即，所以则有即点和点电势应为，故A错误；B电场强度为方向为，故B错误；C由于电场为匀强电场，所以到达点的电子在点的初速度方向不一定为，也有可能为，故C错误；D由于一质子的电荷量为所以质子由点运动至点时，电场力做功为根据可知，电势能减小了，故D正确。故选D。6. 如图所示，在轴上和处分别固定电荷量大小均为的点电荷，它们在轴上形成的电势分布情况如图中曲线，呈对称分布，在处曲线的切线与轴平行。取无穷远处电势为0，静电力常量，电子所带电荷量大小为。下列说法正确的是（） A. 这两个点电荷是异种电荷B. 在处电势和电场强度都不为0C. 一个电子在处受到的电场力大小为D. 处的电场强度为且指向轴正方向【
9、答案】C【解析】【详解】A由图可知，各点的电势都为正值，这两个点电荷都是正电荷，故A错误；B由图可知，在处电势不为0，图象的斜率表示电场强度，在处曲线的切线与轴平行，故在电场强度为0，故B错误；C一个电子在处受到的电场力大小为故C正确；D处的电场强度为根据沿电场线电势降低，处的电场强度指向轴负方向，故D错误。故选C。7. 如图所示的电路中，为滑动变阻器，电容器的电容，定值电阻，电源电动势，内阻闭合开关，将的阻值调至时，下列说法中正确的是（） A. 电容器两端电压为B. 电容器的电荷量为C. 改变的阻值，滑动变阻器消耗的功率可继续增大D. 电源的效率为【答案】A【解析】【详解】A将R的阻值调至4
10、时，由闭合电路欧姆定律，可计算出滑动变阻器中电流电容器两端电压U=IR=14V=4V故A正确；B电容器的电荷量Q=CU=3010-64C=1.210-4C故B错误；C把定值电阻R0看作电源内阻的一部分，根据电源输出功率最大的条件，将R的阻值调至4时，外电阻R等于定值电阻和内阻之和，此时滑动变阻器的功率为最大值，所以在改变R的阻值，滑动变阻器消耗的功率不会继续增大，故C错误；D电源的效率为故D错误。故选A8. 如图为借助地磁场研究电磁感应现象，在北京某校做如下实验，沿东西方向悬挂一长方形闭合线框，线框边固定在东西方向的转轴上，线框从水平面处由静止释放，顺时针转动到竖直位置地磁场的磁感应强度为，方
11、向与竖直方向成角，取线框初位置磁通量为正关于线框摆动过程中，下列说法正确的是（） A. 线框在水平位置时，通过线框平面的磁通量大小为B. 线框在竖直位置时，通过线框平面的磁通量大小为C. 线框从水平位置转到竖直位置过程中，磁通量变化量大小为D. 线框由水平位置转动到竖直位置过程中，线框边内始终无感应电流【答案】B【解析】【详解】A线框在水平位置时，通过线框平面的磁通量大小为故A错误；B线框在竖直位置时，通过线框平面的磁通量大小为故B正确；C线框从水平位置转到竖直位置过程中，磁通量变化量大小为故C错误；D线框由水平位置转动到竖直位置过程中，穿过线圈的磁通量发生变化，则线框边内会产生感应电流，故D
12、错误。故选B。9. 如图甲所示是用多用电表的欧姆挡（“”挡）测电阻时指针的情况如图乙所示为某指针式欧姆表测电阻的原理图，电源电压为，内阻不计，电流计可以测量的最大电流为，将红、黑表笔直接接触，调节，使电流计的示数达到最大，下列说法正确的是（）A. 图甲，测量的电阻的阻值约为B. 图乙，虚线框内的总电阻值为C. 图乙，若在红、黑表笔间接入一个待测电阻，电流计的示数变为满偏时的一半，则的阻值D. 图乙，若在红、黑表笔间接入一个待测电阻，电流计的示数变为满偏时的一半，则的功率为【答案】ABD【解析】【详解】A图甲，测量的电阻的阻值约为，故A正确；B图乙，电流计可以测量的最大电流为，则欧姆表内阻，即虚
13、线框内的总电阻值为故B正确；CD图乙，若在红、黑表笔间接入一个待测电阻，电流计的示数变为满偏时的一半，则解得的功率为故C错误，D正确。故选ABD。10. 如图所示，电荷量为的点电荷固定在点，电荷量为、质量为的点电荷绕点沿椭圆轨道运动，轨道两端点到的距离分别为，周期为。不计粒子受到的重力，静电力常量为。下列判断正确的是（） A. 电荷在点的速率小于点的速率B. 电荷通过两点加速度之比为C. 若电荷通过点时速度方向不变、大小突然变为，则以后周期变为D. 电荷离开向运动过程中，电势能逐渐变大【答案】BC【解析】【详解】AD两电荷相互吸引，电荷从点到点过程中，引力做负功，动能减小，电势能增大，从向运动
14、过程中，电场力做正功，动能增大，电势能减小，在点的速率大于点的速率，故AD错误；B根据可知，电荷通过两点加速度之比为，故B正确；C若电荷通过点时速度方向不变、大小突然变为，此时刚好满足所以电荷P做圆周运动，类比开普勒第三定律可知解得以后周期故C正确。故选BC。二、非选择题：本题共5小题，共58分11. 在“测定金属的电阻率”实验中： （1）利用螺旋测微器测量金属丝的直径，读数如图甲所示，则直径_；（2）为使金属丝两端电压从0开始测量，部分连线如图丙所示，请完成电路的连线_。正确连接后，某次测量中电流表指针位置如图乙所示，其示数为_A；（3）如图丁所示，在坐标纸上建立坐标并根据4组测量数据标出相应的点，已知金属丝连入长度为，根据给出的相应数据可以估算出该金属丝的电阻率约为_。 ABCD【答案】 . 0.668（0.6660.669） . . 0.52 . C【解析】【详解】（1）1利用螺旋测微器测量金属丝的直径（2）2电压从0开始测量，则滑动变阻器应采用分压接法，电阻丝电阻较小应采用外接法，如图 3电流表量程选用0.6A，分度值为0.02A，则电流表读数为；（3）4根据图像可知，金属丝电阻约为根据得故选C。12. （1）某同学
