《2024届四川省宜宾市兴文县高级中学数学高二上期末复习检测试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2024届四川省宜宾市兴文县高级中学数学高二上期末复习检测试题含解析（18页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2024届四川省宜宾市兴文县高级中学数学高二上期末复习检测试题注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1若变量x，y满足约束条件，则目标函数最大值为（）A.1B.-5C.-2D.-72根据如
2、下样本数据，得到回归直线方程，则x345678y4.02.50.50.52.03.0A.B.C.D.3在空间直角坐标系中，点关于原点对称的点的坐标为（）A.B.C.D.4某大学数学系共有本科生1500人，其中一、二、三、四年级的人数比为，要用分层随机抽样的方法从中抽取一个容量为300的样本，则应抽取的三年级学生的人数为（）A.20B.40C.60D.805在等差数列中，若的值是A.15B.16C.17D.186以原点为对称中心的椭圆焦点分别在轴，轴，离心率分别为，直线交所得的弦中点分别为，若，则直线的斜率为( )A.B.C.D.7平行六面体中，若，则（ ）A.B.1C.D.8将一枚骰子先后抛掷
3、两次，若先后出现的点数分别记为a，b，则直线到原点的距离不超过1的概率是（ ）A.B.C.D.9直线的倾斜角为（）AB.C.D.10如果，那么直线不经过的象限是（）A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限11变量，之间的一组相关数据如表所示：若，之间的线性回归方程为，则的值为（）45678.27.86.65.4A.B.C.D.12已知F是抛物线x2y的焦点，A、B是该抛物线上的两点，|AF|BF|3，则线段AB的中点到x轴的距离为（）A.B.C.1D.二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13设过点K (-1，0）的直线l与抛物线C：y2 =4x交于A、B两点，为抛物线的焦点
4、，若|BF| =2|AF|，则cos AFB =_14已知是数列的前n项和，且，则_；数列的通项公式_15一条光线经过点射到直线上，被反射后经过点，则入射光线所在直线的方程为_.16双曲线的离心率为_.三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17（12分）已知椭圆C：（）过点，且离心率为（1）求椭圆C的方程；（2）过点（）的直线l（不与x轴重合）与椭圆C交于A，B两点，点C与点B关于x轴对称，直线AC与x轴交于点Q，试问是否为定值？若是，请求出该定值，若不是，请说明理由18（12分）已知椭圆C：的右顶点为A，上顶点为B离心率为，（1）求椭圆C的标准方程；（2）设椭圆的右焦
5、点为F，过点F的直线l与椭圆C相交于D，E两点，直线：与x轴相交于点H，过点D作，垂足为求四边形ODHE（O为坐标原点）面积的取值范围；证明：直线过定点G，并求点G的坐标19（12分）已知数列满足，.（1）证明：数列是等比数列，并求其通项公式；（2）若，求数列的前项和.20（12分）已知抛物线：上的点到其准线的距离为5.（1）求抛物线的方程；（2）已知为原点，点在抛物线上，若的面积为6，求点的坐标.21（12分）甲乙两人轮流投篮，每人每次投一球，约定甲先投且先投中者获胜，一直到有人获胜或每人都已投球3次时投篮结束，设甲每次投篮投中的概率为，乙每次投篮投中的概率为，且各次投篮互不影响（1）求甲乙
6、各投球一次，比赛结束的概率；（2）求甲获胜的概率22（10分）已知命题：，在下面中任选一个作为：，使为真命题，求出实数a取值范围.关于x的方程有两个不等正根；.（若选、选都给出解答，只按第一个解答计分.）参考答案一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数的几何意义，进行求最值即可【详解】解：由得作出不等式组对应的平面区域如图（阴影部分平移直线，由图象可知当直线，过点时取得最大值，由，解得，所以代入目标函数，得，故选：A2、B【解析】作出散点图，由散点图得出回归直线中的的符号【详解】
7、作出散点图如图所示由图可知，回归直线x的斜率0，当x0时，0.故选B【点睛】本题考查了散点图的概念，拟合线性回归直线第一步画散点图，再由数据计算的值3、C【解析】根据点关于原点对称的性质即可知答案.【详解】由点关于原点对称，则对称点坐标为该点对应坐标的相反数，所以.故选：C4、C【解析】根据给定条件利用分层抽样的抽样比直接计算作答.【详解】依题意，三年级学生的总人数为，从1500人中用分层随机抽样抽取容量为300的样本的抽样比为，所以应抽取的三年级学生的人数为.故选：C5、C【解析】由已知直接利用等差数列的性质求解【详解】在等差数列an中，由a1+a2+a3=3，得3a2=3，即a2=1，又a
8、5=9，a8=2a5-a2=18-1=17故选C【点睛】本题考查等差数列的通项公式，考查等差数列的性质，是基础题6、A【解析】分类讨论直线的斜率存在与不存在两种情况，联立直线与曲线方程，再根据，求解.【详解】设椭圆的方程分别为，由可知，直线的斜率一定存在，故设直线的方程为.联立得，故，；联立得，则，.因为，所以，所以.又，所以，所以，所以，.故选：A.【点睛】此题利用设而不求的方法，找出、之间的关系，化简即可得到的值.此题的难点在于计算量较大，且容易计算出错.7、D【解析】根据空间向量的运算，表示出，和已知比较可求得的值，进而求得答案.【详解】在平行六面体中，有，故由题意可知：，即，所以，故选
9、：D.8、C【解析】先由条件得出a，b满足，得出满足的基本事件数，再求出总的基本事件数，从而可得答案.【详解】直线到原点的距离不超过1，则 所以当时，可以为5，6当时，可以为4，5，6当时，可以为4，5，6当时，可以为2，3，4，5，6当时，可以为1，2，3，4，5，6当时，可以为1，2，3，4，5，6满足的共有25种结果.将一枚骰子先后抛掷两次，若先后出现的点数分别记为a，b，共有种结果所以满足条件的概率为 故选：C9、C【解析】设直线倾斜角为，则，再结合直线的斜率与倾斜角的关系求解即可.【详解】设直线的倾斜角为，则，所以.故选：C10、A【解析】将直线化为，结合已知条件即可判断不经过的象限
10、.【详解】由题设，直线可写成，又，故直线过二、三、四象限，不过第一象限.故选：A.11、C【解析】本题先求样本点中心，再利用线性回归方程过样本点中心直接求解即可.【详解】解：，所以样本点中心：，线性回归方程过样本点中心，则解得：，故选：C【点睛】本题考查线性回归方程过样本点中心，是简单题.12、B【解析】根据抛物线的方程求出准线方程，利用抛物线的定义抛物线上的点到焦点的距离等于到准线的距离，列出方程求出，的中点纵坐标，求出线段的中点到轴的距离【详解】解：抛物线的焦点准线方程，设，解得，线段的中点纵坐标为，线段的中点到轴的距离为，故选：B【点睛】本题考查解决抛物线上的点到焦点的距离问题，利用抛物
11、线的定义将到焦点的距离转化为到准线的距离，属于基础题二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13、【解析】根据已知设直线方程为与C联立，结合|BF| =2|AF|，利用韦达定理计算可得点A，B的坐标，进而求出向量的坐标，进而利用求向量夹角余弦值的方法，即可得到答案.【详解】令直线的方程为将直线方程代入批物线C: 的方程，得令且，所以由抛物线的定义知，由|BF| =2|AF|可知，则，解得：，则A，B两点坐标分别为，则则.故答案为：14、 . .【解析】当时，推导出，从而数列是从第二项起，公比为的等比数列，进而能求出数列的通项公式，即可求得答案.【详解】为数列的前项和，时，得：，数列的通
12、项公式为.故答案为：；.15、【解析】先求点关于直线的对称点，连接,则直线即为所求.【详解】设点关于直线的对称点为，则，解得，所以，又点，所以，直线的方程为：，由图可知，直线即为入射光线，所以化简得入射光线所在直线的方程:.故答案为：.16、【解析】根据双曲线方程确定a,b,c的值，求出离心率.【详解】由双曲线可得：，故，故答案为：三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1） （2）为定值【解析】（1）由题意可得解方程组求出，从而可得椭圆方程，（2）设直线AB：，代入椭圆方程，消去，利用根与系数关系，再表示出直线AC的方程，从而可求出点Q的坐标，从而可表示出，然后
13、化简可得结论【小问1详解】由题意得解得故椭圆C的方程为；【小问2详解】设直线AB：，联立消去y得，设，得，因为点C与点B关于x轴对称，所以，所以直线AC的斜率为，直线AC的方程，令，解得可得，所以，因为，所以，所以为定值【点睛】关键点点睛：此题考查椭圆方程的求法，考查直线与椭圆的位置关系，解题的关键是将直线AB的方程代入椭圆方程中化简，利用根与系数关系，结合已知条件表示出直线AC的方程，从而可求出点Q的坐标，考查计算能力，属于中档题18、（1）；（2）；详见解析；.【解析】（1）由题得，即求；（2）由题可设，利用韦达定理法可得，进而可得四边形ODHE面积，再利用对勾函数的性质可求范围；由题可得
14、，令，通过计算可得，即得.【小问1详解】由题可得，解得，椭圆C的标准方程.【小问2详解】由题可知，可设直线，由，可得，四边形ODHE面积，令，则，因为，所以，当时，取等号，四边形ODHE面积取值范围为；由上可得，直线，令，得，由，可得，直线过定点G.19、（1）证明见解析，；（2）.【解析】（1）由已知条件，可得为常数，从而得证数列是等比数列，进而可得数列的通项公式；（2）由（1）可得，又，所以，所以，利用错位相减法即可求解数列的前项和.【小问1详解】证明：由题意，因为，所以，所以数列是以2为首项，3为公比的等比数列，所以；【小问2详解】解：由（1）可得，又，所以，所以，所以，所以，所以，所以.20
