《上海市同洲模范学校2023-2024学年物理高二第一学期期末监测试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《上海市同洲模范学校2023-2024学年物理高二第一学期期末监测试题含解析（11页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、上海市同洲模范学校2023-2024学年物理高二第一学期期末监测试题注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题
2、给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，某同学采用与乙车中相同型号的太阳能电池板给一个小电动机供电，电动机线圈的电阻为r电动机正常工作时，电压表的示数为U，电流表的示数为I电流表和电压表均可视为理想电表电动机消耗的电功率为A.B.C.D.2、下列叙述正确的是（）A.牛顿发现了万有引力定律并测量了万有引力常量B.法拉第发现通电导线能够在其周围产生磁场C.法拉第总结了通电导线周围磁场的规律，并提出分子电流假说D.感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果3、如图所示，带负电的金属环绕轴OO以角速度匀速旋转，在环左侧轴线上的小磁针最后静止时（）A.N极竖直向上B.
3、N极竖直向下C.N极沿轴线向左D.N极沿轴线向右4、如图所示，M、N是静电场中两点下列说法正确的是A.该电场是匀强电场B.M点的电场强度比N点的强C.M点的电场强度比N点的弱D.带电量相同的电荷在M、N两点受到的静电力大小相等5、如图，A、B是两个完全相同的白炽灯，L是自感系数很大、电阻可忽略不计的自感线圈下面说法正确的是A.闭合开关S时，A、B灯同时亮，且达到正常亮度B.闭合开关S时，A灯比B灯先亮，最后一样亮C.闭合开关S时，B灯比A灯先亮，最后一样亮D.断开开关S时，B灯立即熄灭而A灯慢慢熄灭6、如图所示当可变电阻R的滑片向b端移动时，通过电阻R1、R2、R3的电流强度I1、I2、I3的
4、变化情况是A.I1变大，I2 ，I3变小B.I1，I2变大，I3变小C.I1变小，I2 ，I3变大D.I1、I2 变小，I3变大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、电荷量为Q1和Q2的两点电荷分别固定在x 轴上的O、C 两点，规定无穷远处电势为零，x 轴上各点电势随x 的变化关系如图所示则A.Q1的电荷量小于Q2 的电荷量B.G 点处电场强度的方向沿x 轴负方向C.将一带负电的试探电荷自G 点静止释放，仅在电场力作用下一定能到达D 点D.将一带负电的试探电荷从D 点移
5、到J 点，电场力先做正功后做负功8、如图是金属在光的照射下产生的光电子的最大初动能与入射光频率的关系图象由图象可知（）A.该金属的逸出功等于B.该金属的逸出功等于C.入射光的频率为时，产生的光电子的最大初动能为D.入射光的频率为，产生的光电子的最大初动能为9、电梯的顶部挂一个弹簧测力计,测力计下端挂了一个质量为1 kg的重物,电梯在匀速直线运动时,弹簧测力计的示数为10 N,在某时刻电梯中的人观察到弹簧测力计的示数变为12 N。关于电梯的运动,以下说法正确的是(g取10 m/s2)()A.电梯可能向上加速运动,加速度大小为2 m/s2，处于超重状态B.电梯可能向下加速运动,加速度大小为4 m/
6、s2，处于失重状态C.电梯可能向上减速运动,加速度大小为4 m/s2，处于失重状态D.电梯可能向下减速运动,加速度大小为2 m/s2，处于超重状态10、电流表G由于允许通过的电流或承受的电压过小，要测定较大的电流和电压时需对其进行扩大量程的改装，下列关于将电流表G扩程的说法正确是( )A.把G串联一个分压电阻，可以测定较大的电压，这就改装成了伏特表（电压表）B.把G并联一个分流电阻，可以测定较大的电压，这就改装成了伏特表（电压表）C.把G串联一个分压电阻，可以测定较大的电流，这就改装成了安培表（电流表）D.把G并联一个分流电阻，可以测定较大电流，这就改装成了安培表（电流表）三、实验题：本题共2
7、小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）测定电源的电动势和内电阻的实验电路和UI图象如图所示现备有以下器材：A.干电池1 个B.滑动变阻器（050）C.电压表（03V）D.电压表（015V）E.电流表（00.6A）F.电流表（03A）(1)其中电压表_和电流表应选_（填字母代号）(2)如图乙是根据实验数据画出的UI图象.由此可知这个干电池的电动势E=_V，内电阻r=_（保留两位有效数字）12（12分）要测量一个未知电阻Rx的阻值，实验室提供以下器材：待测电阻Rx 阻值约为2 ，额定电流为2 A电流表A1 量程为0.6 A，内阻r10.5 电流表A2 量程
8、为3.0 A，内阻r2约为0.1 变阻器R1 电阻变化范围为010 变阻器R2 电阻变化范围为01 k定值电阻 R310 定值电阻 R4100 电源电动势E约为9 V，内阻很小开关S，导线若干要求实验时测量尽可能准确，改变滑动变阻器的阻值，在尽可能大的范围内测得多组A1、A2的读数I1、I2，然后利用I1I2图象求出未知电阻的阻值Rx.(1)实验中定值电阻应该选_，滑动变阻器应该选择_.(2)请在图中补充完整实物连线电路_.(3)I1I2图象如图所示，若图线斜率为k，则电阻Rx_.(用题中所给字母表示)四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、
9、方程式和演算步骤。13（10分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到达C点的速度大小(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小14（16分）如图，两根间距为L0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E3V、内阻r1的电源，导轨平面与水平面间的夹角37金属杆ab垂直导轨放置，质量m0.2kg导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直
10、向上的匀强磁场中当R01时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g10m/s2，sin370.6，cos370.8（1）求磁感应强度B的大小；（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度15（12分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.810-25kg、电荷量为q=1.610-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直
11、进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）求P、Q之间的距离L参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】电动机正常工作时，电压表的示数为U，电流表的示数为I，则电动机消耗的电功率为P=IU，故选C.2、D【解析】A牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测量了万有引力常量，故A错误；B奥斯特发现通电导线能够在其周围产生磁场，故B错误；C安培总结了通电导线周围磁场的规律，并提出分子电流假说，故C错误；D感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果，故D正确。故选D。3、C【解析】金属环带负电，按题
12、图所示的方向旋转，则金属环的电流方向与旋转方向相反，由右手螺旋定则可知磁极的方向：左端N极，右端S极，因此小磁针最后静止时N极沿轴线向左，故C正确，ABD错误。故选C。4、B【解析】由图，结合匀强电场的特点：电场线平行且等间距，可知，该电场一定不是匀强电场，故A错误；M、N是同一电场中的两点，由图看出，M处电场线密，N处电场线疏，则M处电场强度大于N处电场强度，即EMEN故B正确，C错误；由F=Eq，则带电量相同的电荷在M、N两点受到的静电力大小不相等，故D错误5、C【解析】A、B、C、开关K闭合的瞬间,电源的电压同时加到两支路的两端,B灯立即发光.因为线圈的自感阻碍,A灯后发光,因为线圈的电
13、阻可以忽略,灯A逐渐变亮,最后和B灯一样亮.故AB错误,C正确;D、断开开关K的瞬间,线圈与两灯一起构成一个自感回路,过线圈的电流将要减小,产生自感电动势,相当电源,两灯逐渐同时熄灭,故D错误.故选C 点睛：开关K闭合的瞬间,电源的电压同时加到两支路的两端,B灯立即发光.因为线圈的阻碍,A灯后发光,因为线圈的电阻可以忽略,灯A逐渐变亮.最后一样亮6、D【解析】可变电阻R的滑片向b端移动时，滑动变阻器有效电阻变小，外电路总电阻变小，则总电流I增大，内电压增大，外电压U变小，所以通过R1的电流I1变小，而总电流I增大，根据并联电路电流的规律可知，I3变大R3两端的电压变大，路端电压U减小，则R2两
14、端的电压变小，通过R2的电流I2变小故D正确故选D【点睛】本题关键抓住电源的电动势和内阻不变，根据闭合电路欧姆定律和部分电路欧姆定律进行动态分析，按照“局部-整体-再到局部”的分析思路分析二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A项：图像斜率表示场强大小，由图可知在H点的场强为零，即Q1和Q2两电荷在H的合场强为零，由公式可知，Q1的电荷量大于Q2的电荷量，故A错误；B项：由图知B点的电势为零，由于沿着电场线电势降低，所以在B点边场强方向沿x轴正方向，在B点右
15、边场强方向沿x轴负方向，故B正确；C项：由在G点场强方向沿x轴向左，负电荷所受电场力向右，所以负电荷沿x轴向右运，故C错误；D项：由图像可知从D点到J点电势先升高再降低，负电荷的电势能先减小后增大，电场力先做正功后做负功，故D正确8、ABC【解析】A.由题图并结合得，故逸出功，故选项A符合题意；B.当时，故，故选项B符合题意；C.时，可得出，故选项C符合题意；D.当入射光的频率为时，不发生光电效应，故选项D不符合题意9、AD【解析】考查超重失重的判断。【详解】质量为1 kg的重物，匀速直线运动时,弹簧测力计的示数为10 N，即重力为10N，某时刻电梯中的人观察到弹簧测力计的示数变为12 N，属于超重现象，超重现象时，加速度向上，向上加速和向下减速的加速度都是向上的，由牛顿第二定律可得解得AD正确。故选AD。10、AD【解析】把电流
